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Máster y doctorado

Categorías derivadas y trianguladas

Un complejo guarda ecuaciones en grados distintos, y su cohomología mide dónde falla la exactitud. La categoría derivada permite reemplazarlo por otro mediante mapas que conservan esa información. Primero calcularemos núcleos y cocientes; después construiremos desplazamientos, conos y triángulos con los grados siempre visibles.

1. Ciclos y bordes producen un cociente en cada grado

Usamos complejos cohomológicos: dⁿ: Cⁿ→Cⁿ⁺¹ y dⁿ⁺¹dⁿ=0.

Los ciclos de grado n están en ker dⁿ; los bordes, en im dⁿ⁻¹. La composición cero incluye los bordes en los ciclos, así que H^n(C)=\ker d^n/\operatorname{im}d^{n-1} tiene sentido.

El mismo entero multiplicador tiene distinto defecto según los coeficientes
Z ──×3──▶ Zgrado 0grado 1Núcleo: 0Conúcleo: Z/3ZH⁰=0; H¹=Z/3ZSobre Q, ×3 tiene inversa.Los dos grupos H son 0.Los coeficientes importan.
En grados cero y uno, multiplicar por tres entre enteros tiene núcleo cero y conúcleo los enteros módulo tres. Entre racionales es invertible, con inversa dividir por tres, y ambas cohomologías son cero. La diferencia procede del anillo de coeficientes, no de la forma de la flecha.

Acíclico significa que todos los Hⁿ son cero, no que todos los términos sean cero. En dos términos de grados cero y uno, H⁰ es el núcleo de la única flecha y H¹ su conúcleo. Cambiar los coeficientes puede cambiar ambos.

Calcular un defecto sobre enteros

C: Z → Z por ×3, grados cero y uno.

  1. Grado cero

    No hay imagen anterior y el núcleo de ×3 es cero.

    H⁰=0.
  2. Grado uno

    No hay flecha posterior no nula, por tanto todo Z es ciclo. Los bordes son 3Z.

  3. Cociente

    H¹=Z/3Z.

    Sobre Q, en cambio, ×3 es invertible y el conúcleo también es cero.

Resultado

El complejo entero no es acíclico y el racional sí.

Lo comprobamos

La forma del símbolo ×3 no decide si hay inversa dentro de los coeficientes.

Un complejo exacto puede tener términos no nulos

R → R² → R, grados cero, uno, dos; i(t)=(t,0), p(x, y)=y.

  1. Inicio

    i es inyectiva, por lo que H⁰=0.
  2. Centro

    ker p={(x,0)} coincide con im i, de modo que H¹=0.
  3. Final

    p es sobreyectiva, así que H²=0.

    El complejo es acíclico y sus tres términos son no nulos.

Resultado

La cohomología mide exactitud y no tamaño de cada término.

Lo comprobamos

p∘i=0 es necesario; las igualdades de imagen y núcleo completan la prueba.

2. Un mapa respeta diferenciales; una homotopía identifica su efecto en cohomología

Un mapa f: C→D tiene componentes fⁿ: Cⁿ→Dⁿ con d_Df=fd_C.

Eso lleva ciclos a ciclos y bordes a bordes, e induce Hⁿ(f). Las componentes deben comprobar esa identidad, no solo tener los mismos grados.

Dos mapas f, g son homotópicos si f−g=d_Dh+hd_C, con hⁿ: Cⁿ→Dⁿ⁻¹.

Sobre un ciclo, su diferencia es un borde, así que inducen el mismo mapa en H. La categoría K(R) identifica mapas homotópicos, manteniendo los complejos como objetos.

Comprobar un mapa de dos términos

C: Z → Z por ×3. Tomar ×2 en cada término.

  1. Conmutar

    3·2=2·3, así que las dos componentes definen un mapa de complejos.

  2. Cohomología

    En H¹=Z/3Z, el mapa es [a]↦[2a].
  3. Contraste

    Si se pusiera ×2 en grado cero y ×1 en grado uno, las rutas darían seis y tres sobre uno. No sería mapa de complejos.

Resultado

La condición de conmutación tiene una cuenta concreta.

Lo comprobamos

Compartir origen y destino no la garantiza.

Contraer una identidad en dos términos

C: Z → Z por identidad, grados cero y uno.

  1. Homotopía

    Tomar h¹: C¹→C⁰ igual a identidad y las otras componentes cero.

  2. Grado cero

    hd=id; en grado uno, dh=id.
  3. Conclusión

    dh+hd=id_C.

    La identidad es homotópica a cero y el complejo es contractible.

Resultado

Contractible implica acíclico y conserva una prueba más fuerte.

Lo comprobamos

La homotopía baja un grado, a diferencia de la diferencial.

3. Ser cuasi-isomorfismo se comprueba sobre un mapa concreto

f: C→D es un cuasi-isomorfismo si cada Hⁿ(f) es isomorfismo.

Sus componentes no tienen por qué ser isomorfismos. Una resolución de un módulo, colocada en grados adecuados, es una fuente habitual de esos reemplazos.

Tener cohomologías abstractamente isomorfas no demuestra que una aplicación dada las preserve. Tampoco una lista de grupos clasifica en general todos los objetos derivados: pueden quedar datos de extensión entre grados.

Un mapa puede ser invertible en cohomología sin serlo término a término

Endomapa ×2 del complejo Z → Z por ×3.

  1. Términos

    ×2 no es sobreyectiva en Z.

  2. Cohomología

    H⁰=0 y H¹=Z/3Z.

    En esta última, ×2 es invertible porque 2·2≡1 módulo tres.

  3. Comparar

    El endomapa ×3 del mismo complejo induce cero en H¹ y no es cuasi-isomorfismo.

Resultado

La propiedad depende de la aplicación y no solo de sus complejos extremos.

Lo comprobamos

La inversa en cohomología no exige dividir por dos en cada copia de Z.

Una resolución conserva el módulo al tomar cohomología

P⁻¹=Z → P⁰=Z por ×3; mapa hacia Z/3Z concentrado en grado cero.

  1. Augmentación

    En grado cero se toma el cociente; en grado menos uno el destino es cero.

  2. Cohomología de P

    H⁻¹=0 y H⁰=Z/3Z.
  3. Mapa inducido

    El cociente induce la identidad de Z/3Z en H⁰. Es cuasi-isomorfismo.

Resultado

P reemplaza el módulo por términos libres.

Lo comprobamos

Las copias de Z están en grados menos uno y cero, no cero y uno.

4. La categoría derivada invierte esos reemplazos y admite morfismos representados por techos

D(R) se obtiene de K(R) haciendo invertibles los cuasi-isomorfismos. Su propiedad universal permite factorizar los funtores que ya los invierten. Un morfismo puede representarse mediante un techo C←P→D, con flecha izquierda cuasi-isomorfismo y las equivalencias pertinentes.

No todo morfismo derivado está representado por un mapa directo entre los complejos inicialmente escritos. Una resolución proyectiva apropiada permite ver mapas que una presentación demasiado corta oculta. En esta entrada trabajamos con módulos y las construcciones usuales que controlan los conjuntos de morfismos.

Invertir la augmentación permite usar la resolución

P→Z/3Z del apartado anterior.

  1. En complejos

    La augmentación no es un isomorfismo término a término.

  2. En D(Z)

    Se declara invertible por ser cuasi-isomorfismo.

  3. Calcular

    Un mapa desde Z/3Z puede estudiarse reemplazando su origen por P cuando se cumplen las condiciones de resolución.

Resultado

La localización conserva el motivo exacto del reemplazo.

Lo comprobamos

No se invierte cualquier mapa que parezca una simplificación.

Un mapa derivado puede existir cuando todos los mapas directos son cero

De Z/2Z concentrado en cero a Z[1], con Z en grado menos uno.

  1. Directo

    En grado cero el destino es cero, y en menos uno el origen es cero. Un mapa directo debe ser cero.

  2. Resolver

    Reemplazar el origen por P⁻¹=Z → P⁰=Z por ×2.

    Un mapa P→Z[1] queda dado por un entero a en grado menos uno.

  3. Homotopías

    Cambiarlo por una homotopía cambia a en un múltiplo de dos. Las clases son Z/2Z, en acuerdo con Ext¹(Z/2Z, Z).

Resultado

Hay un morfismo derivado no nulo, representado por el techo con a=1.

Lo comprobamos

La resolución está acotada y es libre, por lo que puede usarse para calcular estos mapas.

5. El desplazamiento mueve términos y cambia el signo de la diferencial

Fijamos C[1]^n=C^{n+1} y d_{C[1]}^n=-d_C^{n+1}.
Así Hⁿ(C[1])=Hⁿ⁺¹(C).

En particular un módulo concentrado en grado cero pasa al grado menos uno con [1].

El desplazamiento es una autoequivalencia, con inverso [−1]. Su signo forma parte de la convención compatible con conos y rotaciones de triángulos. Una convención homológica que baje grados requiere traducir índices y signos antes de reutilizar fórmulas.

Mover un módulo sin confundir el signo del grado

M solo en C⁰.

  1. Nuevo grado

    C[1]⁻¹=C⁰=M.
  2. Otros grados

    Las demás componentes siguen siendo cero.

  3. Cohomología

    H⁻¹(C[1])=M=H⁰(C), como exige la fórmula.
Resultado

[1] coloca esta información un grado a la izquierda.

Lo comprobamos

No significa ponerla en grado uno bajo esta convención.

Mover un complejo y su flecha

Z → Z por ×3, originalmente en grados cero y uno.

  1. Términos

    Tras [1] quedan en menos uno y cero.

  2. Diferencial

    La flecha es ahora ×(−3).

  3. Cohomología

    Su núcleo es cero y su conúcleo sigue siendo Z/3Z, ahora en grado cero.

Resultado

El grupo se mueve de grado aunque el signo no cambie el subgrupo 3Z.

Lo comprobamos

El signo se conserva por coherencia de la construcción, no porque cambie este cociente particular.

6. El cono reúne el defecto de núcleo y de conúcleo

Para f: C→D, definimos \operatorname{Cone}(f)^n=D^n\oplus C^{n+1} con d(y, x)=(d_Dy+f(x),−d_Cx). Aplicar d otra vez produce en la primera coordenada d_Df(x)−f(d_Cx), que es cero por la condición de mapa; las otras partes se anulan por d²=0.

El cono de una multiplicación coloca el núcleo y el conúcleo en grados distintos
f: Z → Z, multiplicar por 3Cone(f): Z ──×3──▶ Zgrado −1grado 0H⁻¹=0; H⁰=Z/3ZTriángulo en D(Z):Z → Z → Z/3Z → Z[1]El cono combina núcleo y conúcleo.Se conservan los grados.
Al tomar el cono del mapa multiplicación por tres entre enteros concentrados en grado cero, aparece un complejo con enteros en grados menos uno y cero. Tiene núcleo cero en menos uno y conúcleo Z módulo tres en cero. En la categoría derivada el cono es isomorfo a Z módulo tres concentrado en cero, dando el triángulo indicado.

Los mapas C→D→Cone(f)→C[1], con inclusión y proyección en las sumas, forman el triángulo de cono. El cono no es solo un conúcleo término a término: la copia desplazada de C incorpora también el núcleo.

Calcular el cono de multiplicar por tres

f: Z→Z, ambos en grado cero.

  1. Términos

    El cono tiene Z en grado menos uno, procedente de C, y Z en cero, procedente de D.

  2. Flecha

    Su diferencial de menos uno a cero es ×3.

  3. Defecto

    H⁻¹=ker(×3)=0 y H⁰=coker(×3)=Z/3Z.
Resultado

El cono es isomorfo en D(Z) a Z/3Z en grado cero.

Lo comprobamos

No se sitúa el conúcleo en grado uno de este cono.

Un mapa cero conserva ambos lados

f: C→D es cero.

  1. Diferencial

    No hay término cruzado f(x); las dos componentes actúan independientemente.

  2. Complejo

    Cone(0)=D⊕C[1].
  3. Caso concentrado

    Si C y D solo están en grado cero, el cono tiene H⁻¹=C y H⁰=D. Un conúcleo ordinario solo habría conservado D.

Resultado

El desplazamiento hace visible la información que faltaría.

Lo comprobamos

Para la identidad, en cambio, el cono es contractible.

7. Los triángulos distinguidos cumplen axiomas, no solo un dibujo de tres objetos

Una categoría triangulada es aditiva, tiene desplazamiento autoequivalente y una clase de triángulos distinguidos. Los axiomas incluyen identidad con tercer objeto cero, completar todo morfismo, isomorfismos y rotaciones, con la última flecha −f[1] en la rotación de C→D→E→C[1].

También permiten completar cuadrados a mapas de triángulos y relacionan conos de composiciones mediante el axioma octaédrico. En las categorías de complejos y derivadas la verificación de esos axiomas a partir de conos es un teorema. No toda tercera flecha elegida libremente sirve.

Una propuesta puede fallar por su cohomología

Pretender que Z→0→0→Z[1] sea un triángulo distinguido.

  1. Sucesión necesaria

    Un triángulo distinguido induciría una sucesión larga de cohomología.

  2. En grado cero

    Aparecería 0=H⁻¹(0)→H⁰(Z)=Z→H⁰(0)=0.
  3. Fallo

    La imagen entrante sería cero y el núcleo saliente todo Z. No es exacta, así que la propuesta no es distinguida.

Resultado

La estructura exige relaciones comprobables.

Lo comprobamos

La forma de las tres flechas no basta.

Los conos de dos pasos se relacionan con el del compuesto

Z → Z → Z mediante ×2 y ×3.

  1. Defectos

    Los conos tienen cohomología en cero Z/2Z, Z/3Z y, para el compuesto ×6, Z/6Z.

  2. Relación

    0→Z/2Z → Z/6Z → Z/3Z→0 es exacta con [a]↦[3a] y reducción módulo tres.
  3. Sentido

    Es la relación concreta entre estos conos que ilustra el octaedro. No pretende demostrar el axioma general con un solo ejemplo.

Resultado

Los defectos de dos pasos y del compuesto no son datos independientes.

Lo comprobamos

El primer mapa tiene imagen {0,3}, justo el núcleo del segundo.

8. La sucesión larga del cono detecta cuasi-isomorfismos

Un triángulo distinguido C→D→E→C[1] da una sucesión exacta larga …→Hⁿ(C)→Hⁿ(D)→Hⁿ(E)→Hⁿ⁺¹(C)→… . Para E=Cone(f), la exactitud demuestra que el cono es acíclico si y solo si todos los Hⁿ(f) son isomorfismos.

En D(R), todo complejo acíclico es isomorfo a cero: su mapa al complejo cero es cuasi-isomorfismo. En K(R) puede no serlo, porque ser homotópico a cero es una exigencia más fuerte.

Una identidad tiene cono sin defecto

f=id_C.

  1. Cohomología

    Hⁿ(f) es identidad en todo grado.

  2. Criterio

    El cono es acíclico; además admite una contracción explícita.

  3. Triángulo

    En la categoría derivada queda C→C→0→C[1], el modelo de identidad.
Resultado

Una flecha ya invertible no deja defecto en el cono.

Lo comprobamos

Acíclico no significa que los términos escritos del cono sean todos cero.

Acíclico no implica contractible para complejos de enteros

Z → Z → Z/2Z en grados cero, uno, dos, con ×2 y cociente.

  1. Exactitud

    La primera flecha es inyectiva, su imagen 2Z es el núcleo del cociente y este es sobreyectivo. Toda la cohomología es cero.

  2. Contracción supuesta

    En el último grado, una contracción exigiría p∘h²=id_(Z/2Z), es decir, una sección de Z→Z/2Z.

  3. Imposible

    Esa sección no existe porque Z no tiene torsión de orden dos. El complejo es cero en D(Z), pero no en K(Z).

Resultado

La localización derivada hace más identificaciones que la homotopía.

Lo comprobamos

La ausencia de sección se probó mediante la relación de orden dos.

9. Los funtores derivados conservan también la información de grados

Las resoluciones permiten organizar Hom y tensor junto con sus derivados en complejos. La categoría derivada reúne sus cohomologías y los mapas que las conectan, sin reducir todo a una lista desconectada de grupos.

Esta entrada fija complejos de módulos y ejemplos acotados. Las construcciones no acotadas y sus resoluciones apropiadas requieren más hipótesis; no se aplica cualquier resolución a cualquier funtor sin revisar esas condiciones.

El tensor derivado puede conservar un grupo extra

Calcular Z/2Z tensor derivado sobre Z con Z/2Z.

  1. Resolver

    Sustituir el primer módulo por Z → Z por ×2 en grados menos uno y cero.

  2. Tensorizar

    Se obtiene Z/2Z → Z/2Z por cero.
  3. Cohomología

    Hay Z/2Z en grados menos uno y cero. El grupo de menos uno es Tor₁ y el de cero el tensor ordinario.

Resultado

El tensor ordinario por sí solo habría omitido un grado.

Lo comprobamos

El ejemplo usa una resolución libre acotada.

Cambiar a un cuerpo elimina el defecto de esta multiplicación

El complejo de enteros Z → Z por ×3, tensorizado con Q.

  1. Cambiar términos

    Queda Q → Q por ×3.
  2. Invertir

    Dividir por tres es una aplicación Q-lineal inversa.

  3. Cohomología

    Ambos grupos se anulan. El defecto Z/3Z desaparece al permitir esos denominadores.

Resultado

La categoría de coeficientes participa en el resultado.

Lo comprobamos

No se concluye que todos los cambios de coeficientes preserven cada grupo original.

Ahora lo resolvemos de principio a fin.

EJEMPLO RESUELTO 1

Complejo invertible

Calcula la cohomología de R --×2→ R en grados 0 y 1.

  1. Grados

    El primer R está en grado cero y el segundo en grado uno; los demás términos son cero.

  2. Núcleo

    2x=0 implica x=0 en R.
    H⁰=0.
  3. Imagen

    Para cada y real existe x=y/2 con 2x=y.

    La imagen es todo R.

  4. Conúcleo

    H¹=R/R=0.
  5. Otros grados

    Tienen términos cero y cohomología cero.

  6. Conclusión

    Es acíclico; la inversa de la flecha es multiplicar por un medio.

Resultado

El complejo es acíclico.

Lo comprobamos

La inversa lineal es multiplicar por 1/2.

EJEMPLO RESUELTO 2

Mismo mapa sobre Z

Calcula la cohomología de Z --×2→ Z en grados 0 y 1.

  1. Grados

    Se mantienen cero y uno, pero ahora los coeficientes son enteros.

  2. Núcleo

    2n=0 solo para n=0, así que H⁰=0.
  3. Imagen

    La flecha alcanza exactamente 2Z.

  4. Ciclos finales

    Todo Z es ciclo en grado uno porque la flecha siguiente es cero.

  5. Cociente

    H¹=Z/2Z, con las clases par e impar.
  6. Comparar

    No hay inversa entera de ×2. Cambiar el anillo ha cambiado la cohomología.

Resultado

H⁰=0 y H¹=Z/2Z.

Lo comprobamos

Cambiar el anillo de coeficientes cambia el resultado.

Los símbolos que hemos usado

C•
Complejo cohomológico: objetos Cⁿ y diferenciales d_Cⁿ:Cⁿ→Cⁿ⁺¹ con composición consecutiva cero.
Hⁿ(C)
Cohomología ker(d_Cⁿ)/im(d_Cⁿ⁻¹).
Cuasi-isomorfismo
Mapa de complejos que induce isomorfismos en toda cohomología.
K(R)
Categoría de complejos de R-módulos con mapas considerados hasta homotopía.
D(R)
Categoría derivada: localización de K(R) en los cuasi-isomorfismos.
C[1]
Desplazamiento con C[1]ⁿ=Cⁿ⁺¹ y diferencial −d_Cⁿ⁺¹.
Cone(f)
Complejo que combina destino y origen desplazado de un mapa f.
Triángulo distinguido
Triángulo perteneciente a la clase especial que modela conos y satisface los axiomas triangulados.

Ahora te toca a ti.

Tienes cinco ejercicios. Inténtalos; las pistas te ayudan si te atascas.

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