Una secuencia guarda valores en posiciones enteras: antes del origen, en el origen y después. La transformada Z escribe una potencia distinta para cada posición. Así convierte ciertos retrasos y recurrencias en álgebra. Empezaremos con una lista corta; después una progresión geométrica mostrará por qué no basta con entregar una fracción: también hay que decir dónde converge la suma.
Si necesitas repasar:
1. El exponente conserva la posición de cada muestra
La transformada bilateral es X(z)=Σₙ∈Zx[n]z⁻ⁿ donde la suma converge absolutamente. Cada muestra lleva el peso de su índice: n=0 aporta x[0], n=1 aporta x[1]/z y n=−1 aporta x[−1]z. El origen temporal debe estar indicado; la lista de valores sin sus posiciones no determina la señal.
Es una condición de soporte, no una garantía de convergencia o estabilidad. Para secuencias finitas hacemos una suma finita, pero las potencias negativas pueden excluir z=0. En puntos especiales se revisa la expresión efectiva; no se descarta cero por costumbre si solo quedan potencias no negativas.
Convertir una lista con una muestra anterior al origen
x[−1]=1, x[0]=2, x[2]=−3, resto cero.
Asignar potencias
El índice −1 aporta z; el cero aporta dos; el dos aporta −3z⁻².
Reunir
X(z)=z+2−3z⁻², para z≠0.Comprobar en uno
X(1)=1+2−3=0, igual a la suma con signo de las muestras. La señal no es nula aunque la suma sea cero.
La potencia permite recuperar dónde estaba cada dato.
El hueco x[1]=0 no se elimina desplazando el valor −3 a la posición uno.
Un impulso cambia de potencia si cambia de lugar
δ[n] vale uno solo en n=0.
En el origen
Z{δ[n]}=1.Retrasado
δ[n−2] es uno en n=2, así su transformada es z⁻², z≠0.Adelantado
δ[n+2] es uno en n=−2 y su transformada es z², que sí admite z=0.
El signo dentro del impulso y el exponente se deducen localizando su índice no nulo.
Una potencia negativa corresponde aquí a un retraso; no se interpreta solo por el signo escrito dentro del corchete.
2. La región de convergencia dice qué expansión estamos sumando
La región de convergencia, ROC, contiene los z para los que Σ|x[n]z⁻ⁿ| es finita. Para una cola de índices positivos suele aparecer un límite interior de radios; para una cola negativa, uno exterior. Su interior es un anillo, posiblemente sin uno de sus bordes. Los puntos frontera deben comprobarse según la secuencia; para las geométricas que usaremos se excluyen.
Una función racional puede escribirse en expansiones de Laurent distintas según el anillo. Por eso X(z) y ROC forman una respuesta conjunta. Revisar solo que el denominador no se anule no basta: la suma puede divergir en muchos otros puntos donde la fracción tiene un valor algebraico.
Dos colas imponen condiciones diferentes
x[n]=(1/2)ⁿ para n≥0 y x[n]=3ⁿ para n≤−1.
Cola derecha
Σₙ≥₀(1/(2z))ⁿ converge si |z|>1/2 y suma z/(z−1/2).Cola izquierda
Con m=−n≥1, la suma es Σₘ≥₁(z/3)ᵐ=z/(3−z), si |z|<3.Intersección
X=z/(z−1/2)+z/(3−z), con 1/2<|z|<3.En z=1 vale 2+1/2=5/2, suma de las dos colas.
El anillo conserva las dos condiciones al mismo tiempo.
Los radios 1/2 y tres hacen que una de las geométricas tenga términos de módulo constante y no converja absolutamente.
Estar lejos de un polo no garantiza la suma causal
x[n]=2ⁿ para n≥0, cero antes.
Serie
X(z)=Σₙ≥₀(2/z)ⁿ.Región
La convergencia exige |z|>2.La fracción correspondiente será z/(z−2).
Un punto engañoso
En z=1 la fracción valdría −1, pero la serie original es 1+2+4+8+… y diverge. Que uno no sea polo no lo convierte en punto de la ROC.
La expresión racional no reemplaza la condición de módulo.
La misma fracción tendrá otra interpretación en la región interior; la construiremos a continuación.
3. Una geométrica explica la fracción y también su condición
Para S_N=1+q+…+qᴺ, restamos qS_N y se cancelan los términos intermedios: (1−q)S_N=1−q⁽ᴺ⁺¹⁾.
Para pasar a infinitos términos exigimos |q|<1, que hace desaparecer el resto q⁽ᴺ⁺¹⁾. La suma finita no necesitaba esa condición.
En cambio, la expansión interior z/(z−a)=−Σₘ≥₁(z/a)ᵐ, válida en |z|<|a|, representa x[n]=−aⁿ para n≤−1 y cero después. Mismo cociente, dos secuencias distintas.
Construir una respuesta causal y comprobar un punto admisible
x[n]=(1/2)ⁿu[n].
Razón ponderada
x[n]z⁻ⁿ=(1/(2z))ⁿ.Su razón tiene módulo menor que uno si |z|>1/2.
Suma
X=1/[1−1/(2z)]=z/(z−1/2), con esa ROC.Evaluar
En z=1 la serie es 1+1/2+1/4+…=2.En z=2 la razón es 1/4 y suma 4/3.
La condición se obtiene de la serie antes de simplificar la fracción.
La potencia cero aporta uno: omitirla reduciría indebidamente la suma.
Construir la otra secuencia de la misma fracción
X(z)=z/(z−2), ahora en |z|<2.
Expandir hacia potencias positivas
X=−(z/2)/(1−z/2)=−Σₘ≥₁(z/2)ᵐ.Leer índices
El término zᵐ corresponde a n=−m.Por tanto x[n]=−2ⁿ para n≤−1: …,−1/8,−1/4,−1/2 antes del cero.
Evaluar en uno
La suma es −(1/2+1/4+1/8+…) =−1.Aquí sí es legítimo evaluar z=1, porque está dentro de esta ROC.
Esta señal izquierda es absolutamente sumable; la causal 2ⁿ no lo era.
La frontera |z|=2 queda fuera de ambas regiones geométricas. En cero, la expansión interior tiene valor cero.
4. Un desplazamiento bilateral se deduce cambiando el índice completo
Si y[n]=x[n−k], ponemos m=n−k y obtenemos Y(z)=z⁻ᵏX(z) donde la suma bilateral corresponde.
La región se mantiene para radios finitos no nulos donde antes convergía, pero cero o infinito pueden cambiar al añadir o cancelar potencias.
Adelantar una secuencia puede llevar valores a índices negativos. La propiedad bilateral los conserva, aunque la secuencia inicial fuera causal. Si cortamos la suma en cero, esos valores ya no están incluidos y aparecen términos de borde: esa será la transformada unilateral, que trataremos aparte.
Retrasar y adelantar una lista corta
x[0]=2, x[1]=−1, resto cero; X=2−z⁻¹.
Retraso de dos
y[n]=x[n−2] coloca dos en n=2 y −1 en n=3.Y=z⁻²X=2z⁻²−z⁻³.Adelanto de uno
v[n]=x[n+1] coloca dos en n=−1 y −1 en n=0.V=zX=2z−1.Comparar regiones
Y excluye cero por sus potencias negativas; V es un polinomio y admite cero.
El adelanto no se trata cortando la muestra de n=−1.
La cuenta algebraica y el dibujo de índices cuentan la misma operación.
Evaluar ambas transformadas en uno conserva la suma uno de las dos muestras.
Un retraso puede eliminar una excepción en cero
x[n]=δ[n+1], así X=z.
Localizar
La entrada está en n=−1.Retrasar una muestra
y[n]=x[n−1]=δ[n], cuya transformada directa es uno.Comparar con la propiedad
z⁻¹X=z⁻¹z=1 para z≠0, y la expresión efectiva se prolonga a cero.No hay que excluirlo en la respuesta final por una división intermedia ya cancelada.
Los puntos especiales se revisan con la secuencia final.
No todas las cancelaciones representan modos internos; aquí simplemente se desplazó un impulso finito.
5. La suma unilateral conserva los datos que quedan en el borde
Se obtienen escribiendo los primeros términos y desplazando el índice, sin suponer que el dato anterior al origen sea cero.
Para una recurrencia, se especifica desde qué n vale y qué datos la inician. Después se transforma cada término, se despeja X⁺, se reconoce una expansión causal y se comprueban muestras y ecuación. Quitar un dato de borde puede producir una fórmula correcta para otro problema, pero no para el planteado.
Resolver una recurrencia con entrada constante
x[n+1]=(1/2)x[n]+1 para n≥0, x[0]=0.
Transformar
zX⁺=(1/2)X⁺+z/(z−1); la constante uno desde n=0 tiene transformada z/(z−1).Despejar y separar
X⁺=z/[(z−1)(z−1/2)]=2z/(z−1)−2z/(z−1/2), en |z|>1.Invertir y comprobar
x[n]=2[1−(1/2)ⁿ].Las primeras muestras son 0,1,3/2,7/4. Satisfacen tanto el dato como la recurrencia.
El valor final dos no significa que todas las muestras sean dos.
El dato inicial cero se mantuvo en z(X⁺−x[0]); no se eligió después de despejar.
Una muestra previa no nula entra antes de resolver
x[n]−(1/2)x[n−1]=δ[n] para n≥0, x[−1]=4.
Borde del retraso
La transformada de x[n−1] es 4+z⁻¹X⁺, no solo z⁻¹X⁺.
Álgebra
X⁺−(1/2)(4+z⁻¹X⁺)=1.Entonces (1−1/(2z))X⁺=3 y X⁺=3z/(z−1/2).Muestras
x[0]=3 y x[n]=3(1/2)ⁿ para n≥0.En n=0, 3−(1/2)·4=1; después la entrada impulso es cero.
La prehistoria cambió la primera muestra de uno a tres.
Suponer x[−1]=0 habría resuelto una condición inicial diferente.
6. El círculo unidad conecta Z con frecuencia discreta cuando la suma es válida
Así obtenemos la transformada de Fourier de tiempo discreto X(ω)=Σx[n]exp(−iωn). Es periódica en ω con periodo 2π y ω se mide en radianes por muestra. Todavía no es una DFT de longitud finita: es una función de frecuencia continua para una secuencia.
Si x es absolutamente sumable, todo el círculo unidad pertenece a su región de convergencia absoluta y esta evaluación está justificada. Sin esa hipótesis puede haber otros sentidos de transformada, pero no se afirma que una sustitución en una fracción represente la suma ordinaria. La ROC seleccionada sigue importando.
Comparar una entrada constante con una alternante
x[n]=(1/2)ⁿu[n].
Admisibilidad
Σ|x|=2 y la ROC es |z|>1/2; incluye el círculo unidad.Frecuencia cero
X(0)=X(z=1)=2.Frecuencia π
X(π)=X(z=−1)=1/[1+1/2]=2/3.La suma alternante 1−1/2+1/4−… confirma ese valor.
Los valores en frecuencia surgen de ponderar las muestras con fases diferentes.
Sumar 2π a ω no cambia ningún factor porque n es entero.
La misma sustitución algebraica puede pertenecer a otra señal
X(z)=z/(z−2), evaluar sobre |z|=1.
Interpretación causal
Para 2ⁿu[n], la ROC es |z|>2.Las series en el círculo unidad tienen términos de módulo 2ⁿ y divergen.
Interpretación izquierda
Para x[n]=−2ⁿ si n≤−1, la ROC es |z|<2 y sí contiene el círculo unidad.Valor en cero angular
La fracción en z=1 vale −1.Es la frecuencia cero de la señal izquierda, no la de una suma causal divergente.
La sustitución necesita una región que corresponda a la secuencia real del problema.
No se arregla una divergencia causal cambiando sin avisar a la expansión anticausal.
7. Causalidad, polos y estabilidad son datos relacionados, pero distintos
Para el sistema de convolución discreto habitual, BIBO equivale a Σ|h[n]|<∞. Su ROC debe incluir el círculo unidad. Si la función racional reducida describe una respuesta causal, la ROC es exterior a sus polos y BIBO equivale a que estos estén estrictamente dentro del círculo unidad.
Un polo sobre la circunferencia no cumple el criterio.
Sin causalidad, la localización de polos no basta para escoger la región. Además BIBO de una relación entrada–salida no garantiza estabilidad de todos los estados internos de una realización. Un modo desconectado u oculto por cancelación puede crecer sin aparecer en esa relación. Hay que indicar qué estabilidad se está comprobando.
Un polo exterior puede acompañar a una respuesta izquierda estable
H=z/(z−2).
Respuesta causal
h[n]=2ⁿu[n] no es sumable y su ROC |z|>2 no contiene |z|=1.Con una entrada impulso, incluso la salida crece sin cota.
Respuesta izquierda
h[n]=−2ⁿ para n≤−1 suma en valor absoluto 1/2+1/4+…=1.Su ROC |z|<2 contiene el círculo unidad.Conclusión
La segunda define un operador de convolución BIBO estable, aunque no causal. La primera es causal y no estable.
La regla de polos interiores debe conservar la hipótesis de causalidad.
La estabilidad no obliga a que una aplicación física pueda usar información futura; son cuestiones distintas.
Un estado invisible puede crecer aunque la salida de entrada cero parezca tranquila
w[n+1]=2w[n], v[n+1]=(1/2)v[n]+u[n], y[n]=v[n].
Relación externa con estado inicial cero
La transformada da Y=U/(z−1/2).Su respuesta impulsional es (1/2)ⁿ⁻¹ para n≥1 y cero antes, absolutamente sumable.
Modo interno
Si w[0]=1, entonces w[n]=2ⁿ, incluso con u=0.Ese estado no aparece en y.
Distinguir conclusiones
La relación entrada–salida es BIBO estable; la dinámica interna completa no es asintóticamente estable.
Una función de transferencia no describe por sí sola cada estado inicial de cualquier realización.
El polo dos pertenece al estado oculto, aunque no aparezca en la fracción externa reducida.
8. Invertir exige reconocer coeficientes, soporte y región
Podemos invertir una racional separándola en formas conocidas y seleccionando para cada término la expansión compatible con la ROC. Para una secuencia causal, el límite X(z) cuando z real tiende a infinito recupera x[0] si estamos en una región exterior de convergencia; los siguientes coeficientes se leen restando términos ya encontrados.
Para listas finitas, X(1) suma muestras.
Una comprobación vuelve a los índices y a la recurrencia, no solo al denominador. Incluso una operación algebraica nueva requiere condiciones: por ejemplo Z{nx[n]}=−zX′(z) es inmediata para sumas finitas; para series infinitas se justifica derivación dentro del anillo de convergencia. No se traslada sin revisión a sus fronteras.
Dos fracciones causales producen una secuencia comprobable
X=z²/[(z−1/2)(z−1/4)], ROC |z|>1/2.
Separar
X=2z/(z−1/2)−z/(z−1/4).Al reunir, 2z(z−1/4)−z(z−1/2)=z².Invertir
x[n]=2(1/2)ⁿ−(1/4)ⁿ para n≥0, cero antes.Las primeras muestras son uno y 3/4.
Controles
X→1 al ir z→∞, coincidiendo con x[0].En z=1, la suma es 4−4/3=8/3, también igual al valor de la racional.
La misma región exterior selecciona las dos geométricas causales.
No se asigna una de ellas al lado izquierdo sin cambiar la ROC de toda la representación.
Una derivada respecto a z también conserva los índices
x[0]=2, x[1]=−1 y resto cero.
Ponderar por n
La secuencia nx[n] vale cero en n=0 y −1 en n=1, así su transformada directa es −z⁻¹.
Derivar
X=2−z⁻¹; X′=z⁻².Entonces −zX′=−z⁻¹, como la lectura directa.Revisar el dominio
Ambas expresiones efectivas excluyen cero. La operación es segura porque la suma inicial era finita; en una serie infinita se pediría estar dentro de su anillo.
Cada exponente permite comprobar la propiedad sin memorizar solo su signo.
La derivada se toma respecto al parámetro z, no respecto al índice entero n.
Ahora lo resolvemos de principio a fin.
EJEMPLO RESUELTO 1
Una secuencia finita
x[0]=2, x[1]=3, x[n]=0 en los demás índices. Calcula X(z).
Origen
Las muestras dadas están en n=0 y n=1; fuera valen cero.
Primera muestra
x[0]z⁰=2.Segunda muestra
x[1]z⁻¹=3z⁻¹.Sumar
X=2+3z⁻¹.Región
Como hay una potencia negativa con coeficiente no nulo, z=0 queda excluido; cualquier otro z finito admite esta suma finita.
Comprobar
En z=1, X=2+3=5, igual a la suma de las muestras.
X(z)=2+3z⁻¹, z≠0.
Evaluar en z=1 suma las muestras: 5.
EJEMPLO RESUELTO 2
Una secuencia geométrica
x[n]=(1/2)ⁿ para n≥0, cero antes. Calcula X(2).
Secuencia
x[n]=(1/2)ⁿ para n≥0 y cero antes.Sustituir z=2
Cada término ponderado es (1/2)ⁿ2⁻ⁿ=(1/4)ⁿ.Convergencia
La razón tiene módulo 1/4<1; además z=2 está en |z|>1/2.Sumar
Σₙ≥₀(1/4)ⁿ=1/(1−1/4).Calcular
1/(3/4)=4/3.Contrastar
La fórmula X=z/(z−1/2) da 2/(3/2)=4/3 en el mismo punto admisible.
X(2)=4/3.
La región causal |z|>1/2 contiene z=2.
Los símbolos que hemos usado
- x[n]
- Muestra de una secuencia en el índice entero n.
- z
- Variable compleja de la transformada.
- ROC
- Región donde la serie converge absolutamente.
- Causal
- Secuencia nula para índices negativos, con el origen fijado.
- u[n]
- Escalón discreto: uno para n≥0 y cero antes.
- Polo
- Singularidad de la expresión racional reducida.
- BIBO
- Entradas acotadas producen salidas acotadas en el sistema descrito.
Ahora te toca a ti.
Tienes cinco ejercicios. Inténtalos; las pistas te ayudan si te atascas.
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