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Máster y doctorado

Riesgo y optimización de carteras

Combinar dos rendimientos no consiste en sumar sus riesgos sin más. Los pesos entran al cuadrado y también importa cómo se mueven conjuntamente. Construiremos esa fórmula, buscaremos su mínimo y veremos por qué un resultado exacto depende de los datos y las restricciones.

1. Un peso es una proporción y las proporciones deben cumplir el presupuesto

Sean X₁,…,Xₙ rendimientos aleatorios con segundos momentos finitos y pesos fijos w.

El rendimiento combinado es X_w=\sum_iw_iX_i.
En el presupuesto simple \sum_iw_i=1.

Prohibir posiciones negativas añade wᵢ≥0; sin esa restricción puede haber pesos mayores que uno y otros negativos.

No confundimos proporción de dinero con número de títulos. Aquí estudiamos rendimientos en un mismo período, pesos fijados antes y un modelo sin costes.

La media combinada es lineal: \mathbb E X_w=w^{\mathsf T}\mu.

Leer dos pesos

w₁=3/4 y w₂=1/4; medias 0,02 y 0,08.

  1. Presupuesto

    3/4+1/4=1.
  2. Promediar

    (3/4)0,02+(1/4)0,08=0,035.
  3. Interpretar

    La media del modelo es 3,5 %, sin determinar el resultado realizado.

Resultado

Los pesos hacen una media de rendimientos.

Lo comprobamos

No se garantiza ganar 3,5 % en cada realización.

Un peso negativo necesita permiso

Pesos 5/4 y −1/4.

  1. Suma

    5/4−1/4=1.
  2. Significado

    La segunda posición es negativa y financia parte de la primera.

  3. Restricción

    Cumple presupuesto; incumple w₁,w₂≥0.
Resultado

Un presupuesto válido no cumple automáticamente todas las restricciones.

Lo comprobamos

Primero declaramos si se permiten esas posiciones.

2. Al expandir la varianza aparecen las covarianzas

Centramos cada variable restando su media y expandimos el cuadrado de su suma ponderada. Cada término propio aporta wᵢ²Var(Xᵢ) y cada pareja aporta dos veces el producto de pesos por su covarianza. En notación matricial \operatorname{Var}(X_w)=w^{\mathsf T}\Sigma w.

Σ es simétrica semidefinida positiva porque esa expresión es una varianza para cualquier w. La independencia implica covarianza cero, pero la recíproca es falsa. Para calcular esta varianza necesitamos segundos momentos, no una prueba de independencia.

No olvidar los cuadrados

Dos variables independientes de varianza 4; pesos 1/2 y 1/2.

  1. Propios

    (1/2)²4+(1/2)²4=2.
  2. Cruzado

    La independencia hace c=0.
  3. Resultado

    Varianza 2, no 4 ni 8.

Resultado

La media de varianzas no es la varianza de la media.

Lo comprobamos

Con dependencia positiva el resultado puede ser distinto.

Covarianza cero con dependencia

Z uniforme en {−1,0,1}; X=Z y Y=Z².

  1. Medias

    EX=0 y EY=2/3.
  2. Covarianza

    E(XY)−EX·EY=EZ³=0.
  3. Dependencia

    Conocer X determina Y; por ejemplo X=0 obliga Y=0.
Resultado

Se pueden usar covarianzas sin afirmar independencia.

Lo comprobamos

Las varianzas existen y son finitas en este ejemplo.

3. Dos componentes permiten ver el término cruzado completo

Escribimos w para la primera proporción y 1−w para la segunda.

Con a=Var(X₁), b=Var(X₂), c=Cov(X₁,X₂), V(w)=aw^2+b(1-w)^2+2cw(1-w).

El signo de c influye junto al signo de los pesos.

Si a,b>0, la correlación es \rho=c/\sqrt{ab}, no c.

Además a,b≥0 y c²≤ab son necesarios y suficientes para que la matriz simétrica de dos dimensiones sea semidefinida positiva.

Calcular con covarianza positiva

a=1,b=4,c=3/2 y w=1/2.

  1. Propios

    1/4+1=5/4.
  2. Cruzado

    2(3/2)(1/2)(1/2)=3/4.
  3. Total

    V=2; la correlación es (3/2)/2=3/4.
Resultado

Ignorar c daría 5/4, una cifra diferente.

Lo comprobamos

c=1,5 puede ser válido; una correlación de 1,5 no lo sería.

Una tabla imposible

a=b=1 y c=2.

  1. Probar una diferencia

    Var(X₁−X₂)=a+b−2c=−2.
  2. Contradicción

    Una varianza no puede ser negativa.

  3. Matriz

    También c²=4>ab=1 viola semidefinitud positiva.
Resultado

No optimizamos como si cualquier tabla fuera una covarianza.

Lo comprobamos

Validar los datos viene antes de interpretar un mínimo.

4. El denominador del mínimo es una varianza

Al expandir, V(w)=(a+b-2c)w^2-2(b-c)w+b.
Denotamos D=a+b−2c=Var(X₁−X₂)≥0.

Si D>0, la derivada se anula en w_*=(b-c)/D y completar el cuadrado prueba mínimo único global.

Si D=0, las variables centradas coinciden casi seguramente y a=b=c. V es constante: no se utiliza la división por D.

En el caso D>0, el valor mínimo es (ab−c²)/D.

Un mínimo con posición negativa

a=1,b=4,c=3/2.

  1. Denominador

    D=1+4−3=2.
  2. Vértice

    w*=(4−3/2)/2=5/4; segundo peso −1/4.
  3. Comprobar

    V=2(w−5/4)²+7/8, así que Vmin=7/8.
Resultado

Es el óptimo libre, bajo permiso de pesos negativos.

Lo comprobamos

No lo declaramos admisible si se prohíben.

Denominador cero

X₁=Z+2 y X₂=Z−3, con Var(Z)=1.

  1. Momentos

    a=b=c=1.
  2. Combinación

    wX₁+(1−w)X₂=Z+5w−3.
  3. Varianza

    El desplazamiento cambia la media, pero V(w)=1 para todo w.

Resultado

Hay infinitos mínimos de varianza.

Lo comprobamos

La media sí cambia; no son idénticos para todo objetivo posible.

5. Con covarianza cero, la otra varianza determina el peso

Si c=0 y a+b>0, w_*=b/(a+b),\quad1-w_*=a/(a+b).

Con ambas varianzas positivas, V_{\min}=ab/(a+b) es menor que cada una. Una variable con mayor varianza recibe menos proporción en este mínimo concreto.

Si una varianza es cero, concentrarse en ella ya produce varianza cero. Eso no exige una media positiva. La conclusión tampoco dice que cualquier mezcla o cualquier dependencia reduzca el riesgo.

Nuestro ejemplo sin covarianza

a=1,b=9,c=0.

  1. Pesos

    w*=9/10 y el otro 1/10.
  2. Sustituir

    V=(9/10)²+9(1/10)²=81/100+9/100.
  3. Resultado

    Vmin=9/10<1<9.
Resultado

La componente menos variable recibe nueve décimas.

Lo comprobamos

La combinación mitad y mitad daría 5/2, por encima de la primera varianza.

Varianza cero no significa beneficio

X₁=−1 seguro; X₂ tiene varianza 4 y media 2.

  1. Momentos

    a=0 y c=0.
  2. Mínimo de varianza

    w=1 concentra todo en X₁.
  3. Rendimiento

    La varianza es cero, pero el rendimiento es −1 siempre.

Resultado

Minimizar varianza a solas no impone un objetivo de media.

Lo comprobamos

Para exigir una media mínima hay que añadir esa condición.

6. Con restricciones comprobamos el intervalo factible

Para 0≤w≤1 y D>0, el mínimo está en el vértice si cae dentro o en el extremo más próximo si cae fuera. Esto se deduce del cuadrado D(w−w*)². En dimensiones mayores, presupuesto y restricciones lineales con Σ semidefinida positiva dan un problema cuadrático convexo.

Restringir pesos puede aumentar la varianza mínima
Un mínimo fuera del permisoa=1; b=4; c=3/2015/4Libre: w=5/4, V=7/8Con 0≤w≤1: w=1, V=1El intervalo verde es admisible.Los pesos suman 1 en ambos.
Cuadrática V de w igual dos por w menos cinco cuartos al cuadrado más siete octavos, obtenida de varianzas uno y cuatro y covarianza tres medios. El vértice rojo está en w cinco cuartos, con segundo peso menos un cuarto. El tramo verde del eje marca el conjunto admisible cero a uno cuando no se permiten posiciones negativas. En ese conjunto el mínimo verde está en w uno, con varianza uno. El mínimo libre tiene varianza siete octavos. Los dos se comparan con los mismos ejes y la misma fórmula; la diferencia es el conjunto de pesos permitido. Los colores no son recomendaciones de inversión.

Si añadimos media mínima, también se restringe el intervalo. Antes de optimizar hay que comprobar que exista algún punto que cumpla todas las condiciones. Un objetivo de media inalcanzable no se arregla con un mínimo de varianza.

Recortar un vértice libre

a=1,b=4,c=3/2 y 0≤w≤1.

  1. Libre

    w*=5/4.
  2. Restringido

    El extremo más próximo es w=1.
  3. Coste

    V(1)=1, mayor que 7/8 porque se redujo el conjunto permitido.

Resultado

El óptimo admisible es (1,0).

Lo comprobamos

No hay por qué conseguir el valor libre con restricciones nuevas.

Añadir una media mínima

a=1,b=4,c=0; medias 0,02 y 0,08; pesos no negativos y media≥0,05.

  1. Factibilidad

    0,02w+0,08(1−w)≥0,05 equivale a w≤1/2.
  2. Vértice

    El libre es 4/5; queda fuera de [0,1/2].

  3. Mínimo

    w=1/2 da V=5/4.

    Exigir media≥0,10 sería imposible: la máxima admisible es 0,08.

Resultado

Cambiar el objetivo de media cambia el óptimo y puede vaciar el conjunto.

Lo comprobamos

La comprobación usa las mismas unidades de rendimiento.

7. Eficiencia compara dos criterios; las colas necesitan más información

Una alternativa está dominada si otra admisible tiene media al menos tan alta y varianza no mayor, con alguna mejora estricta. Las no dominadas forman la frontera eficiente del conjunto considerado. Entre ellas no aparece una preferencia única sin un criterio adicional.

La varianza no determina una probabilidad de pérdida extrema
Mismos momentos, otras colasX: −1 y +1, mitad cada uno−1+1Y: −10, 0, +10−100+100,0050,990,005Ambas: media 0, varianza 1.P(≤−5): 0 frente a 0,005.
Dos distribuciones discretas con media cero y varianza uno. X toma menos uno y uno con probabilidad un medio cada uno. Y toma menos diez y diez con probabilidad cero coma cero cero cinco cada uno y cero con probabilidad cero coma noventa y nueve. Ambos ejes horizontales tienen escala de quince unidades de dibujo por una unidad de valor, con cero en el centro. Las alturas usan la misma escala de probabilidad, ciento ochenta unidades por probabilidad uno; los extremos de Y son casi invisibles en altura y se identifican por puntos y etiquetas. La probabilidad de valores menores o iguales a menos cinco es cero para X y un doscientosavo para Y. Los momentos iguales no igualan las colas.

La varianza penaliza ambos lados de la media. Dos leyes pueden tener la misma media y varianza y distintas probabilidades de pérdidas extremas. No se deducen todas las preguntas de riesgo de solo esos dos momentos.

Comparar tres alternativas académicas

A=(media 0,04; varianza 0,09), B=(0,05;0,08), C=(0,06;0,12).

  1. A frente a B

    B tiene mayor media y menor varianza: domina A.

  2. B frente a C

    C tiene mayor media y también mayor varianza.

  3. Alcance

    B y C no están dominadas entre estas tres alternativas.

Resultado

No elegimos automáticamente entre B y C.

Lo comprobamos

No se ha probado que sean eficientes en un conjunto mayor no descrito.

Mismos momentos y otra cola

X vale ±1 con probabilidad 1/2; Y vale −10,0,+10 con probabilidades 1/200,99/100,1/200.

  1. Medias

    Ambas cero por simetría.

  2. Varianzas

    EX²=1; EY²=100(1/200+1/200)=1.
  3. Cola negativa

    P(X≤−5)=0; P(Y≤−5)=1/200.
Resultado

Los dos primeros momentos no determinan la cola.

Lo comprobamos

La probabilidad de Y=0 es 0,99 y las tres probabilidades suman uno.

8. Un cálculo exacto puede ser muy sensible a los parámetros

En aplicaciones, μ y Σ se estiman. Resolver con precisión una cuadrática no convierte esas entradas en verdades conocidas. Pesos libres muy grandes pueden amplificar cambios pequeños. Se estudia estabilidad frente a datos y restricciones, además de ajuste y evaluación.

Podemos verlo sin datos reales. Sean Z,Y independientes de varianza uno, X₁=Z y X_2=(1+\varepsilon)Z+\varepsilon^2Y.

Para ε>0 pequeño, D=\varepsilon^2+\varepsilon^4 y w_*=1+\varepsilon/D.

Los pesos libres crecen cuando las dos variables se parecen mucho.

Una covarianza válida y casi singular

ε=1/10 en esa construcción.

  1. Momentos

    a=1,b=12101/10000,c=11/10; D=101/10000.
  2. Óptimo

    w*=1101/101≈10,901; segundo peso −1000/101.
  3. Valor

    Vmin=1/101.
    En ε=0 ambas variables son Z y V=1 para cualquier w.
Resultado

La mejora límite usa pesos que se hacen ilimitados; no contradice el caso ε=0.

Lo comprobamos

Con pesos en [0,1], este ejemplo se minimiza en w=1 y V=1.

Comprobar incertidumbre sobre una covarianza

a=b=1, w=1/2 y c desconocida en [−1/2,1/2].

  1. Validez

    Todas esas matrices son semidefinidas positivas.

  2. Fórmula

    V=1/2+c/2.
  3. Rango

    Va de 1/4 a 3/4; usar c=0 daría solo el valor nominal 1/2.
Resultado

La incertidumbre sobre los datos puede importar más que decimales del solver.

Lo comprobamos

Es un conjunto académico de covarianzas, no una estimación de activos reales.

Ahora lo resolvemos de principio a fin.

EJEMPLO RESUELTO 1

Peso mínimo

Con varianzas 1 y 4, covarianza cero, calcula w del primer activo.

  1. Datos

    a=1,b=4,c=0 y suma de pesos uno.
  2. Función

    V=w²+4(1−w)²=5w²−8w+4.
  3. Derivar

    V′=10w−8.
  4. Resolver

    w=4/5; segundo peso 1/5.
  5. Mínimo

    V″=10>0 prueba mínimo único.
  6. Comprobar

    Los pesos son no negativos y suman uno.

Resultado

w=4/5 y el otro peso es 1/5.

Lo comprobamos

Se asigna más peso al de menor varianza.

EJEMPLO RESUELTO 2

Varianza resultante

Con esos pesos, calcula la varianza mínima.

  1. Pesos

    Usamos 4/5 y 1/5.

  2. Primer término

    (4/5)²·1=16/25.
  3. Segundo término

    (1/5)²·4=4/25.
  4. Cruzado

    Es cero porque c=0.
  5. Sumar

    20/25=4/5.
  6. Comprobar

    4/5 es menor que 1 y 4, las varianzas originales.

Resultado

La varianza es 4/5.

Lo comprobamos

Es menor que ambas varianzas individuales.

Los símbolos que hemos usado

wᵢ
Peso de la componente i en la combinación.
μ
Vector de esperanzas de los rendimientos modelados.
Σ
Matriz de covarianzas, simétrica semidefinida positiva.
wᵀΣw
Varianza del rendimiento de la combinación.
Restricción presupuestaria
Condición de que los pesos sumen uno en el modelo descrito.
Frontera eficiente
Combinaciones no dominadas según los criterios de media y varianza elegidos.
Covarianza
Momento que mide cómo varían conjuntamente dos variables respecto de sus medias.

Ahora te toca a ti.

Tienes cinco ejercicios. Inténtalos; las pistas te ayudan si te atascas.

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