Ya sabemos evaluar una función: elegimos una entrada y calculamos su salida. Ahora preguntaremos qué ocurre al usar entradas cada vez más próximas a un punto. Empezaremos con cálculos y dibujos; después convertiremos esa idea en una garantía precisa, y veremos cuándo permite asegurar continuidad, raíces y extremos. Necesitaremos leer intervalos, distancias y factores; recuperaremos esos pasos al usarlos.
Si necesitas repasar:
1. Recuperamos la regla, la entrada y la salida
Una función da una salida a cada entrada de su dominio. Si f(x)=2x−1, la letra x ocupa el lugar de la entrada: primero duplicamos y después restamos uno. f(3) pide el resultado de introducir 3; no es una multiplicación por f.
En la pareja (x,f(x)), la entrada se coloca horizontalmente y la salida verticalmente. Al estudiar un límite seguiremos cambiando la entrada y observaremos qué sucede con la salida. Las dos cantidades no tienen por qué acercarse al mismo número.
Una entrada que conocemos
Evalúa f(3) para f(x)=2x−1.
Sustituimos la entrada completa
f(3)=2·3−1.Terminamos las operaciones
2·3=6 y 6−1=5.La pareja es (3,5).
La entrada 3 produce la salida 5.
3 es la coordenada horizontal; 5 es la vertical.
Una entrada cercana produce otra salida
Para la misma regla, calcula f(2,9).
Leemos la coma decimal
2,9 es nueve décimas más que 2. Duplicarlo da 5,8.
Aplicamos el paso que falta
f(2,9)=5,8−1=4,8.
f(2,9)=4,8.
La entrada está a 0,1 de 3 y la salida a 0,2 de 5. La regla duplica esas distancias.
Primero comprobamos que se admite la entrada
¿Podemos evaluar r(x)=1/(x−3) en x=3 y en x=3,1?
Revisamos el denominador
En 3 vale 0: esa entrada no pertenece al dominio.
Probamos el vecino
En 3,1 vale 0,1.
Su inverso es 10, porque 0,1·10=1.
r(3) no está definido; r(3,1)=10.
La falta de un valor en 3 no elimina automáticamente los valores cercanos.
2. Acercarse por la izquierda y por la derecha
Acercar x a 3 significa usar entradas próximas a 3. Por la izquierda usamos números menores, como 2,9 y 2,99; por la derecha, mayores, como 3,1 y 3,01. No estamos sumando infinitas filas ni asignando a x un misterioso valor final.
Escribimos x→3 para la aproximación de entrada y f(x)→5 para la de salida. El límite que buscamos es una salida, aunque la flecha de entrada señale el número 3.
Dos filas desde cada lado
Calcula f(x)=2x−1 para x=2,9; 2,99; 3,01; 3,1.
Entradas menores que 3
f(2,9)=4,8 y f(2,99)=4,98.Entradas mayores que 3
f(3,01)=5,02 y f(3,1)=5,2.Ambas listas orientan hacia la salida 5.
Las salidas se aproximan a 5 desde ambos lados.
De momento hemos observado cuatro casos; todavía falta una garantía para todos los vecinos.
La distancia no depende del lado
Compara las entradas 2,99 y 3,01 con el punto 3.
Medimos la distancia de entrada
|2,99−3|=0,01 y |3,01−3|=0,01.Las barras representan distancia, siempre no negativa.
Medimos las dos distancias de salida
Las salidas 4,98 y 5,02 están ambas a 0,02 de 5.
Los dos lados tienen la misma distancia al punto y al resultado.
El signo del cambio indica el lado; el valor absoluto mide su tamaño.
No confundimos los dos destinos
¿Es 3 o 5 el límite de 2x−1 cuando x→3?
Leemos lo que acompaña a la flecha
x→3 fija el punto al que se aproximan las entradas.
Respondemos sobre las salidas
2x−1 se aproxima a 2·3−1=5.Ese es el resultado que debemos comunicar.
El límite es 5.
La frase completa distingue entrada próxima a 3 y salida próxima a 5.
3. El valor en el punto y el límite son preguntas diferentes
Evaluar f(3) usa exactamente la entrada 3. Estudiar el límite cuando x→3 examina entradas distintas de 3 que se acercan a ella. Podemos cambiar, borrar o rellenar solo el valor del punto sin cambiar ninguno de sus vecinos.
Un círculo vacío en una gráfica indica que esa pareja está excluida. Un punto lleno indica una pareja incluida. El límite se decide por el comportamiento próximo, no por escoger el símbolo que parezca más alto.
Un cociente con un hueco
Estudia (x²−9)/(x−3) cerca de 3.
Conservamos la restricción
El denominador impide usar x=3.Reconocemos los vecinos
x²−9=(x−3)(x+3).Para x≠3 el cociente vale x+3; sus salidas se acercan a 6.
El límite es 6; el cociente original no tiene valor en 3.
La igualdad con x+3 solo se usa fuera de 3.
Definimos un valor distinto de la altura vecina
Ahora f(x)=x+3 para x≠3 y f(3)=1. ¿Qué cambia?
Evaluamos en el punto
La definición especial da f(3)=1.Revisamos los vecinos
Para todo x distinto de 3 seguimos usando x+3. Por eso el límite continúa siendo 6.
f(3)=1, pero lim(x→3)f(x)=6.
Un único punto lleno no arrastra las salidas de las entradas vecinas.
Rellenar el hueco con la altura adecuada
Si fuera de 3 usamos x+3, ¿qué valor en 3 hará coincidir valor y límite?
Identificamos lo que ya está decidido
Los vecinos fijan el límite 6; cambiar solo f(3) no puede modificarlo.
Hacemos coincidir las dos preguntas
Definimos f(3)=6.Ahora el valor del punto coincide con su altura de aproximación.
Debemos definir f(3)=6.
Más adelante llamaremos continuidad a esta coincidencia, con las condiciones precisas.
4. Solo usamos vecinos que pertenecen al dominio
El dominio D reúne las entradas admitidas.
Pedimos además que a sea un punto de acumulación de D: por pequeña que elijamos una distancia positiva, debe existir una entrada de D distinta de a dentro de esa distancia. Así siempre hay vecinos que examinar. No exigimos que a pertenezca al dominio.
Una proximidad se describe con una distancia: |x−a|<δ, donde δ es un número positivo.
Escribir la zona de vecinos
Describe 0<|x−2|<0,2 en palabras e intervalos.
Traducimos la distancia
La distancia a 2 debe ser menor que 0,2: 1,8<x<2,2.Excluimos el centro
El cero inicial exige x≠2.Quedan (1,8;2) y (2;2,2).
Todos los reales entre 1,8 y 2,2, salvo 2.
Los extremos 1,8 y 2,2 tampoco cumplen la desigualdad estricta.
Un punto fuera del dominio puede ser de acumulación
¿Es 3 de acumulación del dominio de 1/(x−3)?
Anotamos las entradas admitidas
El dominio es ℝ∖{3}: todos los reales excepto 3.
Encontramos un vecino para cualquier cercanía
Dado δ>0, x=3+δ/2 es distinto de 3, pertenece al dominio y está a distancia δ/2<δ.
Sí: hay vecinos permitidos arbitrariamente próximos.
No usar exactamente 3 es compatible con acercarnos cuanto queramos.
Un dominio finito no proporciona vecinos infinitamente próximos
Para D={1,2,4}, ¿es 2 un punto de acumulación?
Elegimos una zona pequeña
La distancia de 2 a la entrada distinta más cercana es 1.
Con δ=0,4 no queda ninguna entrada distinta de 2.Aplicamos la condición de acumulación
Basta una zona sin esos vecinos para que falle la condición «por pequeña que sea».
2 no es punto de acumulación de este dominio.
No asignamos un límite único mediante una condición que no examinaría ninguna entrada.
5. Los límites laterales comparan acercamientos distintos
Cada lado necesita entradas del dominio arbitrariamente próximas por ese lado.
Si los dos lados están disponibles, hay límite bilateral finito exactamente cuando ambos laterales existen y tienen el mismo valor. Si coinciden, una cercanía que funcione en ambos lados es la menor de las dos cercanías laterales.
En un extremo como 0 para √x no existe lado izquierdo real disponible. Podemos estudiar el límite derecho y también el límite relativo al dominio [0,∞). No afirmamos que exista una aproximación real por la izquierda.
Una costura con dos alturas
Sea f(x)=−2 para x<1 y f(x)=4 para x≥1. Estudia el límite en 1.
Miramos un lado cada vez
Toda entrada menor que 1 produce −2: el lateral izquierdo es −2. Toda entrada mayor produce 4: el derecho es 4.
Comparamos los destinos
−2≠4.Ningún único número puede ser el límite bilateral.
El límite bilateral no existe; los laterales son −2 y 4.
Cambiar únicamente f(1) no puede juntar los laterales.
La ausencia del centro no impide que coincidan
Sea g(x)=−2 para todo x≠1. ¿Tiene límite en 1?
Seguimos el lado izquierdo
Las salidas de todas esas entradas son −2.
Seguimos el derecho
También son −2. Ambos lados llegan al mismo valor, aunque g(1) no esté definido.
lim(x→1)g(x)=−2.
Los vecinos y el valor del centro son datos diferentes.
Un extremo del dominio
Estudia √x cuando x se aproxima a 0 en los reales.
Respetamos las entradas admitidas
Necesitamos x≥0.Los vecinos distintos del centro son positivos.
Observamos la salida y luego la controlamos
√0,01=0,1 y √0,0001=0,01.Si fijamos una tolerancia positiva ε para la salida, 0<x<ε² garantiza 0<√x<ε.
El límite derecho y el relativo al dominio son 0.
La garantía usa todos los x positivos suficientemente pequeños; no necesita raíces reales de negativos.
6. Una tabla orienta; una garantía cubre todos los vecinos
Una tabla calcula un número finito de entradas. Puede sugerir el límite o revelar que una conjetura falla. Para demostrarlo necesitamos una razón que cubra cualquier vecino permitido suficientemente próximo.
No hay un número fijo de decimales que convierta una observación en una prueba. Una función puede cambiar de comportamiento dentro de una zona todavía más pequeña que las entradas que calculamos.
Una zona que la tabla no había visitado
Supón que h(x)=0 si |x|≥0,001, y h(x)=1 si 0<|x|<0,001. ¿Qué diría una tabla con x=±0,1 y ±0,01?
Calculamos exactamente las cuatro filas
Todas tienen |x|≥0,001, por lo que sus salidas son 0.
Miramos lo que pasa más cerca
Todas las entradas con 0<|x|<0,001 producen 1.El límite real en cero es 1, no la conjetura 0 de esa tabla.
Cuatro filas compatibles con 0 no demuestran límite 0.
Aquí la regla completa permite corregir la conjetura y justificar el límite 1.
Una igualdad cubre más que muchas filas
Justifica que 2x−1 se aproxima a 5 cuando x→3 sin calcular más decimales.
Relacionamos las dos distancias
|(2x−1)−5|=|2x−6|=2|x−3| para todo real x.Elegimos una cercanía suficiente
Si queremos error de salida menor que 0,02, basta error de entrada menor que 0,01. La igualdad funciona para todos esos vecinos.
La relación exacta entre errores permite una garantía general.
La tabla ilustra la relación; no es lo que la demuestra.
7. Primero pedimos precisión de salida; después elegimos cercanía
Imagina que aceptamos una salida dentro de una banda alrededor de 5. Una tolerancia ε=0,2 significa exigir |f(x)−5|<0,2: la salida debe quedar entre 4,8 y 5,2, sin incluir esas fronteras.
Nuestra tarea es encontrar una cercanía de entrada δ>0 que asegure esa precisión para todos los vecinos. ε se lee «épsilon» y mide error de salida; δ se lee «delta» y mide error de entrada. Son distancias, no valores de la función.
Una tolerancia concreta
Para f(x)=2x−1 cerca de 3, queremos |f(x)−5|<0,2. Encuentra una δ que sirva.
Usamos el vínculo entre errores
|f(x)−5|=2|x−3|.Dividimos el error permitido
Si |x−3|<0,1, entonces 2|x−3|<0,2.Por tanto δ=0,1 sirve.
Podemos elegir δ=0,1.
La entrada exactamente a distancia 0,1 queda fuera de la condición estricta; no causa un fallo.
Una petición más exigente
Ahora exige error de salida menor que 0,006 para la misma regla.
Repetimos el mismo razonamiento
Necesitamos 2|x−3|<0,006.Ajustamos la franja de entrada
Elegimos δ=0,003.Cualquier vecino que cumpla |x−3|<δ tendrá el error pedido.
δ=0,003 basta.
Al dividir la tolerancia por 2 hemos usado el factor fijo de la regla, sin elegir un x especial.
La cercanía que sirve no tiene que ser la mayor
Si ε=1 y δ=0,5 sirve para 2x−1 cerca de 3, ¿sirve también δ=0,2?
Comparamos las zonas admitidas
|x−3|<0,2 es una condición más restrictiva que |x−3|<0,5.Comprobamos el error
En la zona menor, el error de salida es menor que 0,4, y por tanto menor que 1.
Sí: una δ más pequeña también sirve.
La definición pide encontrar alguna cercanía suficiente; no obliga a optimizarla.
8. La definición ε–δ pone en orden las tres elecciones
Decimos que lim(x→a)f(x)=L si para cada ε>0 podemos elegir δ>0 de modo que todo x∈D con 0<|x−a|<δ cumpla |f(x)−L|<ε.
El orden es decisivo: primero cualquier precisión ε; después una cercanía δ; después todos los vecinos que la respeten. δ puede depender de ε, de a y de la función. No puede elegirse de nuevo después de inspeccionar cada x.
La condición 0<|x−a| excluye el centro, no las entradas a un lado. Las dos desigualdades estrictas hablan de bandas abiertas. Los símbolos solo condensan una garantía que ya sabemos leer con distancias.
Leer la frase sin saltarse una parte
Explica qué afirma lim(x→3)(2x−1)=5.
Nombramos el reto y nuestra respuesta
Nos dan cualquier error de salida positivo ε.
Podemos responder con δ=ε/2, que es positiva.Incluimos todos los vecinos
Cada x con 0<|x−3|<ε/2 cumple |(2x−1)−5|=2|x−3|<ε.
Una misma elección δ=ε/2 responde a cualquier ε y a todos sus vecinos.
No hemos demostrado únicamente el caso ε=0,2.
Detectar una elección circular
Alguien propone δ=2|x−3| después de escoger x. ¿Ha demostrado el límite?
Revisamos la dependencia
La propuesta usa el vecino concreto x. La definición pedía elegir δ antes de él.
Vemos el problema de la supuesta garantía
No se ha dado una única zona de entrada que controle a todos los vecinos; la zona se reconstruye para cada uno.
Esa propuesta no es una demostración ε–δ.
La fórmula δ=ε/2 sí depende del reto permitido y no del vecino posterior.
9. Demostrar límites lineales sin adivinar δ
Para construir una prueba empezamos por el error que queremos hacer pequeño, |f(x)−L|. Lo simplificamos hasta relacionarlo con |x−a|. Esa cuenta sugiere una δ; después escribimos la verificación en el orden de la definición.
Si la regla es constante, el error de salida es cero y no hay que dividir entre una pendiente cero.
Una pendiente negativa también controla distancias
Demuestra lim(x→2)(−4x+3)=−5.
Calculamos el error exacto
|−4x+3−(−5)|=|−4x+8|=4|x−2|.Elegimos y verificamos
Dado ε>0, toma δ=ε/4.Si 0<|x−2|<δ, el error es menor que 4δ=ε.
El límite es −5, con δ=ε/4.
El signo negativo cambia el sentido del movimiento; el tamaño del error se multiplica por 4.
Una función constante no necesita estrecharse
Demuestra lim(x→7)9=9.
Medimos el error de salida
|9−9|=0 para toda entrada.Escogemos una cercanía cualquiera
Para cada ε>0 podemos tomar δ=1.Todo vecino cumple 0<ε como error de salida.
El límite es 9; δ=1 sirve para cualquier ε>0.
No se usa ε/0. Tampoco es obligatorio que δ disminuya siempre que disminuye ε.
Una tolerancia grande también pertenece a la definición
Para f(x)=2x−1 cerca de 3, comprueba la construcción cuando ε=10.
Aplicamos la regla sin cambiar su lógica
δ=ε/2=5, que sigue siendo positiva.Verificamos cualquier vecino admitido
Si 0<|x−3|<5, entonces |f(x)−5|=2|x−3|<10.
La elección funciona también para ε=10.
ε puede ser cualquier número positivo; decir «muy pequeño» no sustituye ese cuantificador.
10. En un límite no lineal añadimos una cota auxiliar
El primer factor se hace pequeño; el segundo todavía cambia con x. Antes de elegir δ necesitamos controlar también ese factor.
Una condición sencilla como |x−1|<1 obliga a 0<x<2, de modo que |x+1|<3.
Elegir la menor de dos cotas positivas garantiza las dos a la vez: δ=min(1,ε/3).
Una prueba completa para el cuadrado
Demuestra lim(x→1)x²=1.
Fijamos la precisión y la cercanía
Sea ε>0.Elegimos δ=min(1,ε/3)>0.Usamos la primera parte de la elección
Si 0<|x−1|<δ, entonces |x−1|<1 y |x+1|<3.Usamos la segunda y cerramos
|x²−1|=|x−1||x+1|<3|x−1|<3δ≤ε.La misma δ sirve para todos los vecinos.
El límite es 1.
La cota 1 no es una tolerancia de salida: mantiene controlado el factor x+1.
En cero el error permite una elección diferente
Demuestra lim(x→0)x²=0.
Expresamos la condición que basta
|x²−0|=|x|².Para que sea menor que ε basta |x|<√ε.
Elegimos antes del vecino
Dado ε>0, toma δ=√ε>0.Si 0<|x|<δ, entonces |x|²<δ²=ε.
δ=√ε es suficiente.
No todas las funciones requieren una δ proporcional a ε; se decide mirando su error.
Una raíz en el extremo se prueba dentro de su dominio
Demuestra lim(x→0⁺)√x=0.
Delimitamos las entradas
Los vecinos permitidos por la derecha satisfacen x>0.
Elegimos y comprobamos
Para ε>0, toma δ=ε².De 0<x<δ se obtiene 0<√x<√δ=ε.
El límite derecho es 0, con δ=ε².
La prueba no exige que √x exista en entradas negativas.
11. Por qué no puede haber dos límites distintos
Supongamos que una función tuviera dos límites diferentes L y M en el mismo punto de acumulación a.
Con radios d/3, las bandas alrededor de L y M quedarían separadas.
Cada supuesto límite promete una cercanía. Usamos la menor de ambas y escogemos un vecino permitido dentro de ella; existe por acumulación. Su salida tendría que pertenecer a las dos bandas, algo imposible. Por eso el límite, cuando existe, es único.
Dos candidatos que no caben a la vez
Ilustra la contradicción si los candidatos fueran L=1 y M=4.
Medimos la separación
La distancia es 3.
Podemos elegir ε=0,5, cuyas bandas son (0,5;1,5) y (3,5;4,5).Pedimos una salida común
Si ambos fueran límites, un vecino suficientemente próximo tendría que dar una salida en las dos bandas. No hay ningún número común.
1 y 4 no pueden ser límites de la misma función en el mismo acercamiento.
El dibujo usa radios menores que un tercio de la separación; otras bandas separadas también servirían.
Dónde entra la hipótesis de acumulación
¿Por qué la demostración no sirve para un dominio D={2} al estudiar a=2?
Intentamos encontrar el vecino de la prueba
D no contiene ninguna entrada distinta de 2. No podemos escoger el x que debía producir una salida en ambas bandas.
Reconocemos la condición vacía
Sin vecinos, la implicación de distancias no excluiría ningún candidato. Por eso exigimos acumulación antes de definir un límite único.
La hipótesis garantiza que hay una salida vecina que debe cumplir las dos promesas.
No confundirlo con continuidad en un punto aislado, que estudiaremos con una definición distinta.
12. Las reglas de cálculo necesitan sus hipótesis
Si f(x)→L y g(x)→M, con límites finitos en el mismo acercamiento, sus sumas, diferencias y productos tienden a L+M, L−M y LM. Se trabaja en un dominio común con vecinos suficientes.
Entonces g(x) permanece separada de cero cerca del punto. Si sustituir produce 0/0, no hemos obtenido un número: la regla del cociente no decide y debemos estudiar la expresión.
Los polinomios y las funciones elementales continuas permiten sustituir en los puntos donde están definidas. Esta posibilidad es una propiedad con condiciones, no la definición universal de límite.
Suma y producto de límites finitos
Calcula lim(x→2)(x²+3x).
Separamos las partes
x² tiende a 4 y 3x tiende a 6.
Aplicamos la suma
Ambos límites son finitos y corresponden al mismo punto.
El resultado es 4+6=10.
El límite es 10.
El polinomio también puede evaluarse directamente en 2; ambas vías coinciden.
Un cociente con denominador límite no nulo
Calcula lim(x→1)(x+4)/(x²+2).
Evaluamos los límites de cada parte
El numerador tiende a 5 y el denominador a 3.
Comprobamos antes de dividir
3≠0, así que la regla del cociente permite concluir 5/3.
El límite es 5/3.
El hecho decisivo es el límite no nulo del denominador; no que una fracción parezca sencilla.
La misma forma 0/0 puede ocultar resultados distintos
Compara 2x/x y x³/x² al acercarte a cero.
Anotamos la forma que no decide
En ambos casos, sustituir cero produce 0/0.
Estudiamos los vecinos permitidos
Para x≠0, 2x/x=2 y x³/x²=x.Los límites son 2 y 0, respectivamente.
0/0 no determina un resultado único.
La simplificación está justificada fuera del punto; no consiste en asignar un valor a 0/0.
13. Simplificar cambia la expresión, no las entradas permitidas
La factorización reescribe sumas como productos. Para cancelar un factor, ese factor debe ser distinto de cero en las entradas que estamos usando. En un límite podemos trabajar fuera del punto; no por ello añadimos ese punto al dominio original.
Con raíces puede ser útil multiplicar por el conjugado. Si aparece √x−2, su conjugado es √x+2: el producto es x−4. En cada paso revisamos las condiciones de raíces y denominadores.
Una diferencia de cuadrados
Calcula lim(x→4)(x²−16)/(x−4).
Factorizamos sin olvidar el dominio
x²−16=(x−4)(x+4), y el cociente original exige x≠4.Cancelamos en los vecinos
Para x≠4 queda x+4.Ese polinomio tiende a 8.
El límite es 8.
La función racional sigue sin valor en 4; la igualdad usada es válida en sus vecinos.
Un conjugado elimina una resta de raíces
Calcula lim(x→4)(√x−2)/(x−4).
Revisamos dónde estamos
Necesitamos x≥0 y x≠4.Cerca de 4 podemos usar vecinos del dominio.
Multiplicamos por una forma de 1
Multiplicamos numerador y denominador por √x+2, que no se anula. Queda (x−4)/((x−4)(√x+2)).
Cancelamos y evaluamos
Para x≠4 queda 1/(√x+2).Su límite es 1/(2+2)=1/4.
El límite es 1/4.
El denominador de la expresión final tiende a 4, no a cero.
No toda división por cero se arregla cancelando
¿Por qué 1/(x−4) no se resuelve como el ejemplo anterior?
Miramos el numerador
El numerador es 1. No contiene un factor x−4 que podamos cancelar.
Revisamos los signos de los vecinos
A la derecha el cociente es positivo y crece sin cota; a la izquierda es negativo y decrece sin cota. No hay límite bilateral finito.
No existe un factor común anulable ni un límite bilateral finito.
La apariencia «denominador cero» no autoriza a inventar una cancelación.
14. El encaje controla incluso salidas que oscilan
Supón que g(x)≤f(x)≤h(x) para todos los vecinos permitidos de una zona del punto. Si g y h tienden al mismo L, f también tiende a L. Es el teorema del encaje.
La razón es una garantía de bandas: dada una tolerancia, los dos extremos terminan dentro de ella; cualquier número que esté entre ambos también queda dentro. La desigualdad debe valer en toda esa zona, no solo en una tabla.
Una oscilación con altura controlada
Calcula lim(x→0)x² sen(1/x), con x≠0.
Acotamos lo que oscila
−1≤sen(1/x)≤1.Como x²≥0, multiplicar conserva el orden: −x²≤x² sen(1/x)≤x².Hacemos tender los controles
Los dos extremos, −x² y x², tienden a 0. El encaje obliga al mismo límite para la función central.
El límite es 0.
No afirmamos que sen(1/x) tenga límite; controlamos el tamaño del producto completo.
Una cota de error se lee de la misma manera
Si |r(x)−7|≤5|x−2| cerca de 2, ¿qué límite queda justificado?
Convertimos la cota en dos lados
7−5|x−2|≤r(x)≤7+5|x−2|.Identificamos el destino común
Cuando x→2, ambos extremos tienden a 7.Por encaje, r(x)→7.
El límite de r es 7.
Para una garantía ε–δ, δ=ε/5 también sirve: el error queda estrictamente por debajo de ε.
Dos controles con destinos distintos no deciden
Sabemos únicamente que −1≤u(x)≤1 cerca de cero. ¿Concluimos u(x)→0?
Comprobamos qué pide el teorema
Los controles constantes tienen límites −1 y 1, que son distintos.
Mostramos la insuficiencia
u(x)=1 satisface esa cota y tiende a 1; u(x)=0 también la satisface y tiende a 0. La información no distingue ambos casos.
No podemos concluir límite 0 solo con esa cota.
No hace falta que una función oscile para que esa información resulte insuficiente.
15. El límite sen x/x necesita radianes y un argumento
En la circunferencia unidad y para 0<x<π/2, el triángulo inscrito, el sector y el triángulo tangente tienen áreas ordenadas. Sus áreas son sen(x)/2, x/2 y tan(x)/2. La del sector es x/(2π) de un círculo de área π, por eso vale x/2 y utiliza radianes.
Dividir por cantidades positivas permite deducir cos x<sen x/x<1. Para ver que cos x→1 sin suponer el límite que queremos demostrar, usamos |sen t|≤|t| cerca de cero, obtenido de la misma comparación y de la simetría. La identidad 1−cos x=2 sen²(x/2) da 0≤1−cos x≤x²/2 en esa zona.
Por encaje, cos x→1 y después sen x/x→1 para x>0. El cociente sen x/x es par: cambiar x por −x conserva su valor. Por eso el mismo límite vale por la izquierda y el límite bilateral es 1.
Cada desigualdad tiene una razón
Explica cómo sen x<x<tan x lleva a cos x<sen x/x<1 para 0<x<π/2.
Obtenemos la cota superior
sen x<x y x>0 permiten dividir por x: sen x/x<1.Obtenemos la inferior
x<tan x=sen x/cos x.Como cos x>0, x cos x<sen x; dividir por x da cos x<sen x/x.
Cerramos con los controles
Coseno tiende a 1 por la cota 0≤1−cos x≤x²/2.Ambos controles llegan a 1.
El cociente queda atrapado entre dos funciones que tienden a 1.
No hemos inferido el límite simplemente de que un dibujo parezca estrecharse.
Cambiar la unidad cambia la escala
Si s(d)=sen(πd/180) representa el seno de d grados, calcula lim(d→0)s(d)/d.
Convertimos el ángulo a radianes
Sea t=πd/180.Cuando d→0, también t→0, y d=180t/π.Separamos el factor fijo
s(d)/d=(π/180)(sen t/t).El cociente entre paréntesis tiende a 1.
El límite es π/180, no 1.
La conocida respuesta 1 corresponde a que la entrada angular del cociente esté en radianes.
16. Infinito describe una condición, no un número para sustituir
Decir f(x)→+∞ al acercarnos a a significa que podemos superar cualquier altura M>0 usando todos los vecinos suficientemente próximos del acercamiento indicado. La conclusión no es un límite real finito. Para −∞ pedimos salidas menores que −M.
En cambio, x→+∞ describe entradas que superan cualquier umbral, no entradas próximas a un punto real. Si f(x)→L en ese proceso, para cada ε>0 debe existir un umbral A tal que todo x del dominio con x>A cumpla |f(x)−L|<ε.
Estas afirmaciones necesitan que el dominio tenga entradas suficientes en el acercamiento estudiado. No tratamos ∞ como un número que admite sumas, productos o divisiones ordinarias.
Una rama positiva y otra negativa
Estudia 1/x cuando x→0 por cada lado.
Controlamos el lado derecho
Para superar M>0, basta 0<x<1/M: entonces 1/x>M.Controlamos el izquierdo
Si −1/M<x<0, entonces 1/x<−M.Los lados se separan en signos.
Lateral derecho +∞; lateral izquierdo −∞. No hay un único límite bilateral.
Por ejemplo, 1/0,01=100 y 1/(−0,01)=−100 ilustran las dos condiciones.
Las dos ramas pueden superar cualquier altura
Justifica que 1/x²→+∞ cuando x→0, con x≠0.
Convertimos la altura pedida en una distancia
Para M>0 queremos 1/x²>M, lo que se logra con 0<|x|<1/√M.Verificamos ambos signos
Esa condición da x²<1/M y, al invertir cantidades positivas, 1/x²>M.Funciona tanto para x negativo como positivo.
El límite infinito bilateral es +∞.
El cuadrado hace positiva la salida en ambos lados; no hay que usar una supuesta operación 1/0.
Entradas grandes; salidas pequeñas
Demuestra que 1/x→0 cuando x→+∞.
Partimos de la precisión de salida
Para ε>0 necesitamos |1/x|<ε.En entradas positivas eso equivale a x>1/ε.Elegimos el umbral
Toma A=1/ε.Cada entrada x>A cumple |1/x−0|<ε.
El límite en +∞ es 0.
A es un umbral de entrada; no es la δ que rodeaba a un punto finito.
17. Continuidad incorpora el valor de la entrada exacta
Una función f:D→ℝ es continua en a∈D si para cada ε>0 podemos elegir δ>0 tal que todo x∈D con |x−a|<δ cumpla |f(x)−f(a)|<ε. Ahora el centro está permitido y la salida de referencia es f(a).
Si a es de acumulación, esto equivale a que exista el límite relativo al dominio y coincida con f(a). Para comprobarlo separamos tres preguntas: ¿existe f(a)?, ¿existe el límite?, ¿son iguales? En un extremo del dominio utilizamos el lado disponible.
Un punto aislado es diferente: puede elegirse una zona que solo contenga ese punto del dominio. La distancia de salida es entonces cero y la continuidad relativa se cumple automáticamente. No afirmamos por ello un límite punturado único.
Coinciden valor y comportamiento próximo
Comprueba la continuidad de f(x)=2x−1 en 3.
Identificamos el valor y el límite
f(3)=5 y ya probamos que el límite en 3 es 5.Podemos comprobarlo directamente
Para ε>0, δ=ε/2 asegura |f(x)−f(3)|=2|x−3|<ε.En x=3 el error es 0 y también cumple la condición.
f es continua en 3.
Permitir el centro no estropea la garantía: su error es exactamente cero.
Continuidad en una frontera real
¿Es √x continua en 0 dentro de su dominio [0,∞)?
Evaluamos el extremo
f(0)=0.Usamos solo vecinos del dominio
Para ε>0, elige δ=ε².Si 0≤x<δ, entonces |√x−0|=√x<ε, incluyendo x=0.
Sí, es continua en 0 respecto de su dominio.
La falta de raíces reales a la izquierda no es una discontinuidad dentro de este dominio.
Un punto aislado también tiene una definición precisa
Sea D={2} y f(2)=9. ¿Es continua en 2?
Leemos los x que realmente se cuantifican
La única entrada del dominio es x=2.Verificamos el error de salida
Para cualquier ε>0 y δ=1, toda entrada permitida de la zona cumple |f(2)−f(2)|=0<ε.
Sí: la continuidad relativa en ese punto aislado es automática.
No hemos afirmado que exista un único límite usando entradas distintas de 2; esas entradas no existen.
18. Empalmes y discontinuidades: identificar qué falla
En una función definida por partes, cada fórmula puede comportarse bien en su zona y aun así fallar la unión. En una costura comparamos el lateral izquierdo, el derecho y el valor asignado al punto.
Si el límite finito existe pero falta el valor o es distinto, podemos prolongar o corregir la función para hacerla continua allí: hablamos de un hueco o una discontinuidad evitable de esa representación. Si los laterales finitos son distintos, hay un salto. Una oscilación persistente puede impedir incluso que existan los laterales.
Estrictamente, continuidad en a se define cuando a pertenece al dominio. Si hay un hueco fuera del dominio, estudiamos si existe una extensión continua a ese punto; no lo confundimos con un valor ya definido que es incorrecto.
Elegir el parámetro de una costura
Sea f(x)=x+2 para x<2 y f(x)=2x+k para x≥2. Encuentra k para que sea continua en 2.
Calculamos la llegada izquierda
x+2 se aproxima a 4.
Igualamos la derecha y el valor
La fórmula derecha y f(2) dan 4+k.
Para que coincidan con 4, necesitamos k=0.
k=0.
Con esa elección, ambos lados y el valor exacto son 4.
Cambiar solo el punto no arregla un salto
Si f(x)=x+2 para x<2 y f(x)=2x+1 para x>2, ¿hay algún f(2) que haga continua la unión?
Obtenemos los dos laterales
El izquierdo es 4 y el derecho 5.
Separamos límite y valor
Como 4≠5, no existe límite bilateral.Ningún número elegido solo para f(2) puede cambiarlo.
No existe una elección de f(2) que arregle ese salto.
Primero necesitamos un límite común; después tiene sentido rellenar el punto.
Oscilar sin estrechar la altura
Explica por qué sen(1/x) no tiene límite cuando x→0⁺.
Buscamos entradas con salida 1
Para xₙ=1/(π/2+2πn), con n entero no negativo, 1/xₙ=π/2+2πn y el seno vale 1.
Buscamos otras con salida −1
Para yₙ=1/(3π/2+2πn), el seno vale −1.Ambas listas tienen entradas positivas tan próximas a cero como queramos.
Contrastamos las salidas que no se juntan
Los valores 1 y −1 conservan distancia 2. No caben a la vez en una banda de radio menor que 1 alrededor de un único candidato.
No existe límite derecho finito; tampoco puede repararse el comportamiento cambiando solo f(0).
Aquí las oscilaciones mantienen su altura. En x² sen(1/x), el factor x² sí la estrechaba.
19. Operaciones y composición conservan continuidad donde existen
Las sumas, diferencias y productos de funciones continuas son continuos en su dominio común. Los cocientes también lo son donde el denominador no vale cero. Para una composición f∘g, necesitamos que g sea continua en la entrada y f continua en la salida intermedia g(a).
Esta es una forma de justificar la sustitución en muchas expresiones elementales. Antes de usarla seguimos revisando denominadores, raíces y logaritmos: las propiedades de continuidad no eliminan restricciones del dominio.
Una expresión continua gracias a sus piezas
Justifica el límite de ln(x+2)/(x²+1) cuando x→0.
Comprobamos que las operaciones existen cerca de cero
x+2 es positivo en una zona de 0, y x²+1 nunca se anula.
Usamos continuidad en cada etapa
Suma, logaritmo, polinomio y cociente son continuos en esas condiciones.
Sustituir da ln 2/1=ln 2.
El límite es ln 2.
No basta nombrar el logaritmo: hemos comprobado que su argumento es positivo.
Una simplificación no autoriza a ampliar sin aviso
Compara la continuidad de r(x)=(x²−9)/(x−3) y p(x)=x+3.
Declaramos los dominios
r está definida en ℝ∖{3}; p, en todo ℝ. Coinciden donde r existe.
Decimos exactamente qué conserva el cociente
r es continua en cada punto de su dominio. Para hablar de continuidad en 3 debemos extenderla; asignar el valor 6 da la extensión continua p.
Ambas son continuas en sus dominios, pero solo p ya tiene valor en 3.
La cancelación explica la extensión; no convierte silenciosamente el cociente en una función de dominio mayor.
20. Los valores intermedios garantizan existencia, con condiciones
Si f es continua en un intervalo cerrado [a,b], con a<b, toma todos los valores entre f(a) y f(b). En particular, si los valores extremos tienen signos estrictamente opuestos, existe al menos una raíz en el interior (a,b).
La continuidad evita saltos y el intervalo conecta las entradas. El teorema no calcula la raíz ni asegura que sea única. Si queremos acotar mejor una raíz, podemos dividir el intervalo y conservar una mitad con signos opuestos; cada paso vuelve a utilizar las mismas hipótesis.
Podemos entender la existencia mediante intervalos cerrados encajados de bisección: se conserva un cambio de signo y las longitudes se reducen a la mitad. La completitud de ℝ garantiza que estos intervalos no dejan un hueco entre ellos, sino que determinan un punto común. Como los extremos se aproximan a él con valores de signos opuestos, la continuidad obliga a que su valor sea cero.
Si un punto medio ya da cero, la raíz se encuentra en ese paso.
Asegurar una raíz sin encontrar su fórmula
Demuestra que x³−x−1 tiene al menos una raíz entre 1 y 2.
Comprobamos la hipótesis de continuidad
Es un polinomio, continuo en todo [1,2].
Calculamos los signos extremos
f(1)=1−1−1=−1 y f(2)=8−2−1=5.Aplicamos la conclusión adecuada
Como −1<0<5, valores intermedios garantiza algún c∈(1,2) con f(c)=0.
Existe al menos una raíz en (1,2).
El teorema demuestra existencia; el dibujo no proporciona un valor exacto ni prueba unicidad.
Una etapa de bisección conserva la garantía
Acota mejor una raíz de x³−x−1 usando el punto medio de [1,2].
Evaluamos el punto medio
m=1,5. f(1,5)=3,375−1,5−1=0,875>0.Elegimos los extremos de signos opuestos
f(1)=−1<0 y f(1,5)>0.Por continuidad queda al menos una raíz en (1;1,5).
Podemos reducir el intervalo a (1;1,5).
No hemos redondeado un supuesto cero; hemos conservado una garantía de cambio de signo.
Signos opuestos sin continuidad no bastan
Una regla vale −1 para x<0 y 1 para x≥0 en [−1,1]. ¿Tiene raíz por valores intermedios?
Miramos todas las salidas posibles
La regla solo toma −1 y 1. Nunca produce 0.
Revisamos la hipótesis que falla
Hay un salto en 0, por lo que no es continua en todo [−1,1]. No podemos aplicar el teorema.
No tiene raíz; el cambio de signo no basta sin continuidad.
Esto no contradice el teorema, porque una de sus hipótesis está ausente.
21. Alcanzar máximo y mínimo requiere más que estar acotada
Un máximo es una salida que la función toma y que es mayor o igual que todas las demás; un mínimo se define de forma análoga. Estar acotada solo significa no superar ciertos límites de altura: esas cotas pueden no alcanzarse.
El teorema de los extremos garantiza que una función continua en un intervalo cerrado y acotado [a,b] alcanza máximo y mínimo. «Cerrado» incluye las fronteras; «acotado» impide escapar indefinidamente; continuidad controla las salidas. Esta garantía es una consecuencia de la compacidad de ese dominio.
Son condiciones suficientes para garantizar extremos, no una lista que toda función con extremos deba cumplir. Si falta una hipótesis el teorema deja de decidir; habrá que estudiar el caso, que podría tener extremos o no.
Encontrar los extremos en un intervalo cerrado
Estudia q(x)=(x−1)²+2 en [0,3].
Justificamos que hay extremos
q es continua y [0,3] es cerrado y acotado.
Encontramos el menor valor
(x−1)²≥0; en x=1 vale 0.El mínimo es 2.
Controlamos el mayor
En [0,3], |x−1|≤2; el cuadrado no supera 4.En x=3 lo alcanza, por lo que el máximo es 6.
Mínimo 2 en x=1 y máximo 6 en x=3.
q(0)=3: comprobar solo los extremos del intervalo habría perdido el mínimo interior.
Acotada y continua, pero sin alcanzar las cotas
¿Tiene máximos o mínimos f(x)=x en (0,1)?
Distinguimos cotas de valores
Todas las salidas cumplen 0<f(x)<1.Ni 0 ni 1 se alcanzan.
Mejoramos cualquier candidato
Dada una entrada x∈(0,1), x/2 da una salida menor y (x+1)/2 da una mayor, ambas dentro del dominio.
No tiene máximo ni mínimo global.
La función es continua y acotada; el intervalo no incluye sus extremos.
Un dominio cerrado no compensa una discontinuidad
Sea f(x)=x para 0≤x<1 y f(1)=0. ¿Tiene máximo en [0,1]?
Observamos la frontera redefinida
Las salidas se acercan a 1, pero en x=1 la salida es 0.La función no es continua allí.
Descartamos cualquier máximo
Si 0≤x<1, la entrada (x+1)/2 produce una salida mayor; f(1)=0 tampoco es máxima. Ninguna entrada alcanza la cota 1.
No tiene máximo, aunque el dominio sí sea cerrado y acotado.
La continuidad es otra hipótesis necesaria para invocar esta garantía, no una consecuencia de cerrar el intervalo.
22. Comprobar qué se ha demostrado y qué queda abierto
Antes de concluir, nombra la afirmación: límite finito, lateral, crecimiento sin cota, continuidad, existencia de una raíz o existencia de extremos. Después relaciona cada conclusión con sus condiciones. Así una cuenta correcta no termina sosteniendo algo que no demuestra.
Una tabla ayuda a conjeturar; una identidad o desigualdad controla todos los vecinos. Un cambio de signo con continuidad asegura alguna raíz; no su número exacto. Una función acotada puede no alcanzar sus cotas. El dominio debe seguir presente desde la primera operación hasta la última frase.
Existencia no es unicidad
¿Qué permite concluir valores intermedios sobre f(x)=x(x−1)(x+1) en [−2,2]?
Aplicamos lo que sí garantiza
f es un polinomio; f(−2)=−6 y f(2)=6.Existe al menos una raíz en (−2,2).
Contrastamos la afirmación más fuerte
La factorización muestra tres raíces distintas: −1, 0 y 1. Por tanto, la conclusión del teorema no era «exactamente una».
Hay al menos una raíz por el teorema; en este ejemplo, la factorización permite identificar tres.
El argumento adicional aporta más información, sin cambiar lo que garantiza el teorema general.
Una definición del punto no demuestra un límite
Se define f(3)=6 y se afirma que lim(x→3)f(x)=6. ¿Basta ese dato?
Identificamos lo único que conocemos
Sabemos una sola salida, la de la entrada exacta 3.
Construimos dos comportamientos compatibles
Podríamos definir f(x)=6 para x≠3 y tener límite 6; o f(x)=1 para x≠3 y tener límite 1.
Ambos respetan f(3)=6.
El dato f(3)=6 por sí solo no determina el límite.
Para concluir continuidad en 3 necesitaríamos además controlar los vecinos y comprobar que su límite es 6.
Ahora lo resolvemos de principio a fin.
EJEMPLO RESUELTO 1
Límite con un hueco
Calcula lim(x→2)(x²−4)/(x−2).
Identificamos entrada, punto y expresión
La entrada x se acerca a 2. Estudiamos (x²−4)/(x−2), cuyo dominio excluye 2.
Comprobamos qué decide la sustitución
En 2 aparecen numerador 0 y denominador 0. La forma 0/0 no da un valor ni demuestra que el límite no exista.
Factorizamos y justificamos la cancelación
x²−4=(x−2)(x+2).Para cualquier vecino con x≠2, el factor x−2 es no nulo y el cociente coincide con x+2.
Calculamos el límite de la expresión equivalente
x+2 es continua y se aproxima a 4 cuando x→2.Esos mismos valores vecinos corresponden al cociente original.
Damos también una garantía ε–δ
Para x≠2, |(x²−4)/(x−2)−4|=|(x+2)−4|=|x−2|.Dado ε>0, toma δ=ε; todos los vecinos con 0<|x−2|<δ cumplen el error pedido.
Separamos el límite del valor en el centro
El límite es 4. El cociente original sigue sin valor en 2; definir allí 4 sería una extensión continua, una operación adicional.
El límite es 4.
La función original no está definida en 2; eso no impide que tenga límite.
EJEMPLO RESUELTO 2
Una definición ε–δ
Demuestra lim(x→1)(3x+2)=5.
Leemos lo que debemos demostrar
Debemos responder a cualquier tolerancia ε>0 para las salidas de 3x+2 al acercarse x a 1. El candidato a límite es 5.
Relacionamos exactamente los errores
|3x+2−5|=|3x−3|=3|x−1|.Esta identidad vale para todo real x.
Elegimos la cercanía antes de escoger vecinos
Sea ε>0.Elige δ=ε/3.Como ε es positiva, δ también lo es; no depende del x que examinemos después.
Tomamos un vecino cualquiera que respete la elección
Supón 0<|x−1|<δ.No hemos elegido un decimal particular: el razonamiento debe servir para todos esos x.
Verificamos la desigualdad requerida
|3x+2−5|=3|x−1|<3δ=ε.Así toda salida admitida queda en la banda pedida alrededor de 5.
Cerramos la afirmación universal
La construcción δ=ε/3 funciona para cada ε>0.Por definición, lim(x→1)(3x+2)=5; comprobar una sola tolerancia no habría bastado.
El límite vale 5.
La elección funciona para cualquier ε positivo, no para uno solo.
Los símbolos que hemos usado
- a
- Punto de aproximación; para hablar de límite suponemos que es punto de acumulación del dominio.
- L
- Valor de salida al que se propone que se acercan las imágenes.
- ε / δ
- Tolerancia positiva de salida / cercanía positiva suficiente de entrada.
- Punto de acumulación
- Hay entradas del dominio distintas del punto y tan próximas a él como queramos.
- Límite lateral
- Acercamiento usando entradas solo menores o solo mayores que a.
- Continua en a
- Las salidas son próximas a f(a) al usar entradas del dominio próximas a a.
Ahora te toca a ti.
Tienes cinco ejercicios. Inténtalos; las pistas te ayudan si te atascas.
Practicar este tema →Para ampliar
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