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Máster y doctorado

Representaciones inducidas

Sabemos actuar con un subgrupo H y queremos construir una representación de un grupo mayor G. La inducción añade copias del espacio inicial, una por cada clase lateral, y explica cómo se mueven. Empezaremos con grupos finitos y representaciones izquierdas sobre un cuerpo k; para descomponer mediante caracteres usaremos C.

1. Inducir amplía el espacio; no obliga a extender la acción en el mismo espacio

Una representación de H asigna operadores ρ(h) sobre V. Si G contiene más elementos, falta decir cómo actúan y respetan todas sus relaciones. Extender al mismo V puede ser imposible. Inducir construye otro espacio, con una acción de G y una copia de V compatible con H.

El modelo más sencillo parte de la representación trivial de un estabilizador. Al mover un punto por G aparecen posiciones diferentes; cada posición proporciona un vector de una representación de permutación. Ese dibujo anticipa el conteo por clases laterales.

La representación trivial de un estabilizador da tres posiciones

G=S₃ actúa sobre tres letras y H estabiliza una de ellas.

  1. Subgrupo

    H tiene orden dos; G tiene orden seis.

  2. Órbita

    La letra elegida puede ir a cualquiera de las tres posiciones.

  3. Espacio

    Tomamos tres vectores, uno por posición, que G permuta. Es Ind_H^G de la trivial.

Resultado

La representación construida tiene dimensión tres.

Lo comprobamos

No se conserva la dimensión uno de partida.

Una extensión de dimensión uno puede no existir

H=C₃ generado por r en S₃ y ρ(r)=ω, raíz cúbica primitiva compleja.

  1. Relación nueva

    Una transposición s cumple srs⁻¹=r⁻¹.
  2. En dimensión uno

    Los escalares conmutan, así que cualquier extensión exigiría ω=ω⁻¹.

  3. Contradicción

    ω tiene orden tres, no uno o dos. La extensión no existe en esa recta, aunque la inducción sí.

Resultado

Inducir resuelve un problema diferente al de extender sin ampliar.

Lo comprobamos

La inducción tendrá dimensión [S₃: C₃]=2.

2. El tensor equilibrado evita contar copias que ya están relacionadas

La inclusión k[H]⊂k[G] hace de k[G] un módulo derecho sobre k[H], mientras V es izquierdo.

Definimos \operatorname{Ind}_H^G V=k[G]\otimes_{k[H]}V.
Además de linealidad, se impone gh⊗v=g⊗ρ(h)v.

Esta relación permite absorber una acción de H en el vector. No es el tensor libre sobre k, que tendría demasiadas copias. La relación debe conservarse al definir cualquier aplicación desde el espacio inducido.

Absorber un signo en el factor correcto

H={1, s}, s²=1 y V=k con ρ(s)=−1.

  1. Relación

    rs⊗1=r⊗ρ(s)1.
  2. Evaluar

    ρ(s)1=−1.
  3. Linealidad

    rs⊗1=−(r⊗1); no es un vector base nuevo independiente.
Resultado

El signo viene de la acción inicial de H.

Lo comprobamos

En característica dos, −1=1; el ejemplo de signo pierde esa distinción.

La representación trivial elimina los factores de H

ρ(h)v=v para todo h.

  1. Misma clase

    Si g′=gh con h∈H, entonces g′⊗v=g⊗v.
  2. Etiquetas

    Solo importa la clase izquierda gH para el primer factor.

  3. Espacio

    Una copia de V por clase, en lugar de una copia por elemento de G.

Resultado

La relación explica por qué aparece el índice.

Lo comprobamos

Las clases usadas son gH; no se cambia a Hg sin cambiar la convención.

3. La multiplicación izquierda respeta las relaciones del tensor

Para a∈G ponemos a·(g⊗v)=ag⊗v.

Sobre la relación gh⊗v=g⊗hv, el resultado es agh⊗v=ag⊗hv, que sigue siendo la misma relación. Así la acción está bien definida.

El neutro actúa como identidad y a·(b·(g⊗v))=(ab)g⊗v.
Si f: V→V′ conmuta con H, la aplicación g⊗v↦g⊗f(v) conmuta con G.

Inducir actúa también sobre aplicaciones, no solo sobre dimensiones.

Comprobar una relación con signo después de actuar

rs⊗1=−r⊗1 y a=r.

  1. Por la izquierda

    r·(rs⊗1)=r²s⊗1.
  2. Equilibrar

    r²s⊗1=−r²⊗1.
  3. Otra ruta

    r·(−r⊗1)=−r²⊗1.

    Ambas coinciden.

Resultado

La regla conserva la identificación anterior.

Lo comprobamos

Se multiplica por r a la izquierda, conservando el orden.

Dos aplicaciones sucesivas reproducen el producto

a, b, g∈G.

  1. Primera

    b envía g⊗v a bg⊗v.

  2. Segunda

    a lo envía a abg⊗v.

  3. Comparar

    Es lo mismo que aplicar ab una vez; no aparece ba.

Resultado

La construcción es una representación izquierda.

Lo comprobamos

La comprobación también vale si el grupo no es conmutativo.

4. Elegir representantes construye una base y demuestra la dimensión

Elegimos representantes r₁,…, r_m de las clases izquierdas rᵢH. Cada g se escribe de manera única rᵢh. Por eso k[G]=⊕ᵢrᵢk[H] como módulo derecho; tensorizar da una suma de m copias de V.

Si v₁,…, v_d es una base de V, los rᵢ⊗vⱼ forman una base de la inducida.

Por tanto dim Ind V=[G: H]d.

La base depende de los representantes; el espacio y su dimensión no. No se divide por |G| en el cuerpo: esta cuenta sigue valiendo en característica modular.

Un índice cuatro y tres vectores iniciales

|G|=24, |H|=6 y dim V=3.

  1. Clases

    El índice es 24/6=4.
  2. Base

    Cada una de las cuatro copias tiene tres vectores base.

  3. Contar

    La dimensión es 4·3=12.
Resultado

Se multiplica por el índice, no por |H|.

Lo comprobamos

La división 24/6 cuenta clases como enteros, no requiere invertir seis en k.

Cambiar representantes no duplica una copia

H={1, s}, representante r o representante r′=rs.

  1. Misma clase

    rH=rsH.
  2. Nueva base

    r′⊗v=r⊗ρ(s)v.
  3. Invertibilidad

    ρ(s) es invertible, por lo que solo cambia la base dentro de esa copia.

Resultado

El número de copias permanece igual.

Lo comprobamos

En la representación de signo el cambio es multiplicar esa base por −1.

5. Para calcular una matriz: mover la clase y después aplicar el factor de H

La regla de cálculo es: escribir arᵢ=rⱼh y obtener a·(rᵢ⊗v)=rⱼ⊗ρ(h)v.

Se separa la nueva posición del operador interno. Si V es trivial solo queda la permutación.

Inducir desde un estabilizador produce una representación de permutación
S₃: tres copias de VHrHr²HrrrH={1, s}; r³=1.s deja H e intercambia rH, r²H.Con V trivial: solo permutamos.
En S tres tomamos r un ciclo de orden tres y s una transposición, con s r s igual a r inversa. El subgrupo H contiene identidad y s, y hay tres clases izquierdas H, rH y r al cuadrado H. La acción de r recorre las tres cajas; s fija la primera e intercambia las otras dos. Cada caja representa una copia de la representación inicial. Si esa representación es trivial, no aparecen factores de signo.
En S₃ fijamos r=(123), s=(12), H={1, s}; entonces srs=r⁻¹.

Usamos representantes 1, r, r² y base e₀, e₁, e₂. r los recorre cíclicamente. s fija la primera clase e intercambia las otras dos, con factores que dependen de V.

Inducir la representación trivial de H

ρ(s)=1.

  1. Acción de r

    e₀↦e₁, e₁↦e₂, e₂↦e₀.

  2. Acción de s

    e₀↦e₀; como sr=r²s, e₁↦e₂ y e₂↦e₁.
  3. Relaciones

    r³=1, s²=1 y srs=r⁻¹ se cumplen en esa base.
Resultado

Se obtiene la representación de permutación de tres posiciones.

Lo comprobamos

El vector e₀+e₁+e₂ queda fijo.

Inducir el signo cambia los bloques internos

ρ(s)=−1 sobre C.

  1. Acción de r

    Sigue enviando e₀ a e₁, e₁ a e₂ y e₂ a e₀.

  2. Acción de s

    e₀↦−e₀, e₁↦−e₂ y e₂↦−e₁.

  3. Comprobar

    s² sigue siendo la identidad porque cada vector recibe dos signos menos.

Resultado

Las mismas clases pueden producir matrices distintas.

Lo comprobamos

No se cambia la permutación de copias; se añade la acción de H.

6. Frobenius reconstruye un mapa completo a partir de la copia inicial

Un mapa G-equivariante F: Ind V→W determina f(v)=F(1⊗v).
Es H-equivariante porque F(1⊗hv)=F(h⊗v)=hF(1⊗v).
Recíprocamente, de f compatible con H se define F(g⊗v)=g f(v).
Una aplicación en la copia inicial determina la aplicación inducida
De una copia a toda la acciónf: V → W, compatible con HF(g⊗v)=g·f(v)Compatible con Gf(v)=F(1⊗v)Las dos recetas se recuperan.
La reciprocidad de Frobenius se construye restringiendo un mapa G equivariante a la copia uno tensor V. Para volver, se envía g tensor v a g aplicado a f de v. La relación g h tensor v igual a g tensor h v garantiza que el mapa está bien definido. El esquema representa aplicaciones y fórmulas, sin afirmar igualdad literal entre los dos espacios de Hom.
La relación equilibrada se conserva porque gh f(v)=g f(hv).

Las dos recetas son inversas. Así \operatorname{Hom}_G(\operatorname{Ind}_H^G V, W)\cong\operatorname{Hom}_H(V,\operatorname{Res}_H^G W). Hemos fijado la adjunción con Ind en la entrada del Hom; otras realizaciones de inducción y coinducción exigen revisar las flechas.

Un mapa hacia la representación trivial

V trivial de H y W=C trivial de G.

  1. En V

    f queda determinado por la imagen c del vector uno.

  2. En las copias

    F(g⊗1)=g·c=c para todo g.
  3. En una suma

    F(∑aᵢeᵢ)=c∑aᵢ.

    El espacio de esos mapas tiene dimensión uno.

Resultado

Un solo dato determina la aplicación en todas las copias.

Lo comprobamos

No se concluye que la inducida tenga dimensión uno.

Comprobar la relación con un mapa de signo

V es signo de H y f: V→W cumple s f(1)=−f(1).

  1. Primera expresión

    F(gs⊗1)=gs f(1).
  2. Usar H

    gs f(1)=−g f(1).
  3. Segunda

    F(−g⊗1)=−g f(1).

    Coinciden las dos expresiones del mismo vector.

Resultado

La equivariancia inicial es exactamente la condición que faltaba.

Lo comprobamos

Si f no respetase H, F no descendería al tensor.

7. Inducir no garantiza irreducibilidad

Sobre C y para un grupo finito, Maschke permite descomponer en irreducibles. Frobenius calcula multiplicidades mediante espacios Hom con las restricciones. Este uso depende de la completa reducibilidad; la construcción algebraica del tensor no la necesita.

La regular Ind_{1}^G k tiene base e_g. El vector ∑e_g es no nulo y queda fijo por todas las permutaciones izquierdas.

Si |G|>1, su recta es un subespacio invariante propio.

En característica que divide |G| puede faltar un complemento invariante.

Descomponer la permutación de S₃ sobre C

Inducida desde la trivial de un estabilizador.

  1. Recta fija

    L=C(e₀+e₁+e₂).
  2. Plano

    W={a₀+a₁+a₂=0} es estable y tiene dimensión dos.
  3. Separar

    L∩W=0 porque 3c=0 implica c=0.

    La representación es L⊕W; W es la estándar irreducible de S₃.

Resultado

La dimensión tres se reparte en uno más dos.

Lo comprobamos

La irreducibilidad del plano puede comprobarse con su carácter o con las dos matrices.

Una recta fija puede no tener complemento

Regular de C₂ sobre F₂, con s intercambiando e₀, e₁.

  1. Recta

    L=F₂(e₀+e₁) es invariante.
  2. Posible complemento

    Una recta estable tendría s actuando por el único escalar invertible, uno; tendría que estar en el espacio fijo.

  3. Fijos

    Resolver s(a, b)=(a, b) da a=b.

    El único espacio fijo es L, así que no hay recta complementaria estable.

Resultado

La inducción existe aunque falle la descomposición semisimple.

Lo comprobamos

No se aplica Maschke sobre F₂ a un grupo de orden dos.

8. El carácter solo suma bloques que vuelven a la misma clase

Un elemento a permuta las copias. Si una copia va a otra distinta, su bloque no contribuye a la traza.

Si arᵢH=rᵢH, contribuye χ_V(rᵢ⁻¹arᵢ).

Para V trivial, el carácter cuenta clases fijas.

Sobre C, la expresión sin representantes es \chi_{\mathrm{Ind}V}(a)=\frac1{|H|}\sum_{x^{-1}ax\in H}\chi_V(x^{-1}ax). Cada clase fija aporta |H| términos conjugados en H, con la misma traza. Esta normalización de caracteres no sustituye la construcción del tensor en característica modular.

Leer el carácter de la permutación de tres posiciones

Clases de S₃: identidad, transposición y ciclo de longitud tres.

  1. Identidad

    Fija las tres clases: carácter tres.

  2. Transposición

    Fija una e intercambia dos: carácter uno.

  3. Ciclo

    No fija ninguna: carácter cero.

Resultado

El carácter es (3,1,0) en ese orden de clases.

Lo comprobamos

En la identidad coincide con la dimensión.

Los signos cambian la traza de la clase fija

Inducida desde signo de H.

  1. Identidad

    La traza sigue siendo tres.

  2. Transposición

    La única copia fija recibe el factor −1; las intercambiadas no aportan traza.

  3. Ciclo

    Sigue sin clases fijas. El carácter es (3,−1,0), suma del signo y la estándar.

Resultado

Contar clases no basta si V no es trivial.

Lo comprobamos

La dimensión sigue siendo tres pese al cambio de carácter.

9. La construcción se puede hacer en etapas, con un alcance bien delimitado

Para K≤H≤G, la transitividad envía g⊗(h⊗v) a gh⊗v y da Ind_H^G Ind_K^H V≅Ind_K^G V. Las relaciones equilibradas garantizan que no depende de las presentaciones. Ind_G^G V≅V mediante g⊗v↦gv.

En grupos infinitos, la inducción algebraica conserva sentido, pero puede tener dimensión infinita. En grupos topológicos, inducir representaciones continuas o unitarias requiere además funciones, medidas, soporte y completaciones. Esas variantes no se obtienen únicamente contando clases.

Inducir en dos etapas recupera el mismo conteo

{1}≤C₂≤S₃, partir de una recta.

  1. Primera etapa

    Ind_{1}^{C₂} tiene dimensión dos.

  2. Segunda

    El índice de C₂ en S₃ es tres: dimensión 3·2=6.
  3. Directa

    Ind_{1}^{S₃} es la regular de dimensión seis; el mapa de transitividad identifica las bases.

Resultado

Los índices se multiplican como las dimensiones.

Lo comprobamos

La igualdad de dimensiones sola no prueba el isomorfismo; se dio su mapa.

No ampliar el grupo no añade copias

Ind_G^G V.

  1. Índice

    [G: G]=1, así que toda etiqueta se absorbe en V.
  2. Mapa

    g⊗v↦gv; respeta gh⊗v=g⊗hv.
  3. Inversa

    v↦1⊗v. Las dos composiciones son identidad por la relación del tensor.

Resultado

La representación inducida es isomorfa a V.

Lo comprobamos

La afirmación incluye la acción, no solo el número de vectores.

Ahora lo resolvemos de principio a fin.

EJEMPLO RESUELTO 1

Inducir desde el trivial

Sea H={e} y V=k de dimensión uno. Describe Ind_H^G V.

  1. Subgrupo

    H={e} y V=k con un vector base uno.
  2. Tensor

    k[H]=k, de modo que Ind_H^G V=k[G]⊗_k k≅k[G].
  3. Base

    Cada g∈G proporciona el vector g⊗1.
  4. Independencia

    Son la base usual del álgebra de grupo, sin relaciones de un subgrupo no trivial que identifiquen etiquetas.

  5. Acción

    a envía g⊗1 a ag⊗1: es la representación regular izquierda.

  6. Dimensión

    Para G finito hay |G| vectores base y la dimensión es |G|.

Resultado

La dimensión es |G|.

Lo comprobamos

Una base está indexada por los elementos de G.

EJEMPLO RESUELTO 2

Un subgrupo de índice tres

Si [G:H]=3 y dim V=2, calcula la dimensión inducida.

  1. Datos

    El índice [G: H] es tres y V tiene dimensión dos.

  2. Representantes

    Elegimos r₁, r₂, r₃ para las tres clases izquierdas.

  3. Base inicial

    Sea v₁, v₂ una base de V.

  4. Base inducida

    Los vectores rᵢ⊗vⱼ, con i de uno a tres y j de uno a dos, forman una base.

  5. Contar

    Hay 3·2=6 vectores: dimensión seis.
  6. Alcance

    La dimensión no afirma irreducibilidad; la representación puede descomponerse en subespacios estables.

Resultado

Dimensión 6.

Lo comprobamos

El resultado no afirma que el módulo sea irreducible.

Los símbolos que hemos usado

k[G]
Álgebra del grupo: espacio con base G y producto que extiende linealmente el producto del grupo.
H≤G
Subgrupo desde el que se induce; en esta lección G es finito.
V
Representación izquierda de H, equivalentemente módulo izquierdo sobre k[H].
rᵢH
Clase lateral izquierda, con representante rᵢ; su número es el índice [G:H].
Ind_H^G V
Módulo izquierdo k[G]⊗ₖ[H]V.
Res_H^G W
La representación de G en W considerada solo sobre H.
Hom_G(A,B)
Aplicaciones k-lineales A→B que conmutan con la acción de G.

Ahora te toca a ti.

Tienes cinco ejercicios. Inténtalos; las pistas te ayudan si te atascas.

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